《吉林省榆树市2018届高三物理第三次模拟考试试题》由会员分享，可在线阅读，更多相关《吉林省榆树市2018届高三物理第三次模拟考试试题（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、- 1 -2017 年高三第三次模拟考试物理试题一、选择题（每题 4 分，共 48 分。1-8 为单选，9-12 为多选，多选中选对但不全得 2 分）1、如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平， O 点为其球心，碗的内表面及碗口是光滑的一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为 m1和 m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为 m1的小球与 O 点的连线与水平线的夹角为 60.两小球的质量比 为m2m1A. B. C. D. 33 23 32 222、如图所示，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管 截面平行，当电 S 接通一瞬间，两铜环的运动情况是（ ）A同时向螺线管靠拢 B
2、同时向两侧推开C一 个 被 推 开 ， 一 个 被 吸 引 ， 但 因 电 源 正 负 极 未 知 ， 无 法 具 体 判 断D同 时 被 推 开 或 同 时 向 螺 线 管 靠 拢 ， 但 因 电 源 正 负 极 未 知 ， 无 法 具 体 判 断3、如图所示，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒两板恰好平 衡，现 P 固定住，然后使两板各绕其中点转过 角，如图虚线所示，再撤去外力，则带电微粒 P 在两板间 A保持静止 B向右下方运动C水平向左做直线运动D不知 角的值无法确定 P 的运动状态4、如上图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从图示位置匀速拉出匀强磁场若第一次用 0.
3、3s 时间拉出，外力所做的功为 W1，通过导线截面的电量为 q1；第二次用 0.9s 时间拉出，外力所做的功为 W2，通过导线截面的电量为 q2，则 AW 1W 2，q 1q 2 BW 1W 2，q 1=q2CW 1W 2，q 1=q2 DW 1W 2，q 1q 25、在如图所示的电路中，开关 S 闭合后，和未闭合开关 S 前相比较三个电表的读数变化情况是：A、 V 变大、A 1变小、A 2变大B、 V 变小、A 1变大、A 2变小- 2 -C、 V 变小、A 1变小、A 2变大D、 V 变大、A 1变大、A 2变小6、电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内水烧干前的加热状态，另种是锅内水烧干后的
4、保温状态如图所示是电饭锅的电路原理示意图，是用感温材料制造的开关，下列说法中正确的是其中 1是供加热用的电阻丝当开关接通时电饭锅为保温状态，断开时为加热状态要使 在保温状态时的功率为加热状态时功率的一半， 应为 21.要使 在保温状态时的功率为加热状态时的一关， 应为 （ 1）17、在同一光滑斜面上放同一导体棒，右图所示是两种情况的剖面图。它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次竖直向上：两次导体棒 A 分别通有电流 I1和 I2，都处于静止平衡。已知斜面的倾角为 ，则： AI 1 ：I 2=cos 1 BI 1 ：I 2=1：1C导体棒 A 所受安培力
5、大小之比 F1：F 2=sin ：cos D斜面对导体棒 A 的弹力大小之比 N1：N 2= 1：cos 2 8、如图所示，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框 abc 的 ab 边与磁场边界平行现使此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与 ab 边垂直则下列各图中哪一个可以定性地表示线框在上述过程中感应电流随时间变化的规律？9、如图所示，带电平行板间匀强电场竖直向上，匀强磁场方向垂直纸面向里，某带电小球从光滑轨道上的点自由滑下，经轨道端点进入板间后恰好沿水平方向做直线运动现使小球从稍低些的点开始自由滑下，在经过点进入板间后的运动过程其动能将会增大其电
6、势能将会增大小球所受的洛伦兹力将会增大小球受到的电场力将会增大10、如图所示电路中，L 是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D 1和 D2是两个完全相同的小灯泡。将电键 K 闭合，待灯泡亮度稳定后，再将电键 K 断开，则下列说法中正确的是 - 3 -AK 闭合瞬间，两灯同时亮，以后 D1熄灭，D 2变亮BK 闭合瞬间，D 1先亮，D 2后亮，最后两灯亮度一样CK 断开时，两灯都亮一下再慢慢熄灭DK 断开时，D 2立即熄灭，D 1闪一下再慢慢熄灭11、如图所示，A、B 是平行板电容器的两个极板，B 板接地，A 板带有电荷量+Q，板间电场中有一固定点 P，若将 B 板固定，A 板下移一些；
7、或者将 A 板固定，B 板上移一些，在这两种情况下，以下说法中正确的是 ( )AA 板下移时，P 点的电场强度不变，P 点电势不变BA 板下移时，P 点的电场强度不变，P 点电势升高CB 板上移时，P 点的电场强度不变，P 点电势降低DB 板上移时，P 点的电场强度减小，P 点电势降低12、如图所示,欲使原来静止的 ab 杆向右移动,cd 杆应 A向右匀速运动 B向右加速运动 C向左加速运动 D向左减速运动二、实验,填空题（每空 3 分,共 15 分）13、要测绘一个标有“3 V0.6 W”小灯泡的伏安特性曲线,灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到 3 V,并便于操作。已选用的器材有:电池组(电动
8、势为 4.5 V,内阻约 1 );电流表(量程为 0-250 mA,内阻约 5 );电压表(量程为 0-3 V,内阻约 3 k); 电键一个、导线 若干。实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_(填字母代号)。 A.滑动变阻器(最大阻值 20 ,额定电流 1 A)B.滑动变阻器(最大阻值 1 750 ,额定电流 0.3 A)实验的电路图应选用下列的图_(填字母代号)。 实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。如果将这个小灯泡接到电动势为 1.5 V,内阻为 5 的电源两端,小灯泡消耗的功率是_W。 14、一个面积 S=410-2m2，匝数 N=100 的线圈，放在匀强磁场中，磁场方向垂直线圈平面，磁
9、场的磁感应强度 B 随时间变化规律为B /t=2T/s，则穿过线圈的磁通量变化率- 4 -为 Wb/s 线圈中产生的感应电动势 E= V。t三、计算题（共 37 分）15、 （10 分）如图所示，小球质量为 m,自光滑斜面顶端 A 由静止滑下，在斜面底端 B 进入半径为 R 的圆形轨道，小球刚好能通过圆形轨道的最高点 C，已知 A、B 两点间高度差为3R，求：（1）小球在 B 点对轨道的压力；（2）BC 段摩擦力对小球所做的功。16、（12 分）如图所示，直角坐标系中的第象限中存在沿 y 轴负方向的匀强电场,在第象限中存在垂直纸面向外的匀强磁场。一电量为 q、质量为 m 的带正电的粒子，在-
10、x 轴上的点 a 以速率 v0，方向和- x 轴方向成 60射入磁场,然后经过 y 轴上 y L 处的 b 点垂直于 y 轴方向进入电场，并经过 x 轴上 x 处的 c 点。不计重力。求(1)磁感应强度 B 的大小(2)电场强度 E 的大小(3)粒子在磁场和电场中的运动时间之比17、（15 分）如图所示，水平 U 形光滑框架，宽度为 0.5m，电阻忽略不计，导体 ab 质量是0.2kg，电阻是 0.1，匀强磁场的磁感应强度为 0.2T，方向垂直框架向上，现用 1N 的外力F 由静止拉动 ab 杆，当 ab 的速度达到 1m/s 时，求（1）此时刻 ab 杆产生的感应电动势的大小；（2）此时刻
11、ab 杆的加速度的大小？（3）ab 杆所能达到的最大速度是多少？（4）若 ab 杆达到的最大速度后，撤去外力 F，ab 杆上还能产生多少焦耳的热量？- 5 -物理 答案：1A. 2B. 3C. 4C. 5B. 6D. 7A. 8D. 9ABC. 10AD. 11AC. 12BD13.A.B .0.1W 14.0.08 815.7mg.- mgR2116.B= . E= . qlmV230l2017.【解析】： 解：（1）根据法拉第电磁感应定律，此时刻 ab 杆产生的感应电动势的大小为：E=BLv=0.20.51=0.1V （2）根据闭合电路欧姆定律，此时刻电路中的电流为：I= 此时 ab 杆受
12、到的安培力为：F 安=BIL=0.210.5=0.1N 方向向左根据牛顿第二定律有：FF 安=ma此时刻 ab 杆的加速度的大小为：a= （3）ab 杆达到最大速度时，ab 杆上电动势最大，为：Em=BLvmab 杆上电流最大为：I m= ab 杆上安培力 Fm 达到最大为：F m=BImL这时外力 F 与安培力 Fm 达到平衡，有：F m=F 代入数值可 vm=10m/s - 6 -（4）此后 ab 杆的动能会转化为电热，为：Q=16 （14 分）解析：（1）小球在电场、磁场中恰能做匀速圆周运动，说明电场力和重力平衡，有 （2 分） （1qEmgmgEq分）电场强度方向竖直向上（1 分）（2
13、）小球做匀速圆周运动， O为圆心， MN 为弦长， ，如图所示。设半径为 r，由几何关系知MP （2 分）Lsin2r设小球做圆周运动的速率为 v，有 （1 分）mvqBr由速度的合成与分解知 （1 分） 0cos由式得 （2 分）0t2Lv（3）设小球到 M 点时的竖直分速度为 vy，它与水平分速度的关系为 （10tanyv分）由匀变速直线运动规律 （1 分） 由式得 （2 分）2yvgh28qBLhmgxyAO M Nv0O/P- 7 -17 （14 分）解析：（1）由动量定理 I0 = mv0 0 得 v0 = （2 分）I0m金属杆在导轨上做减速运动，刚开始时速度最大，感应电动势也最大，有： Em = BLv （1 分）所以回路的最大电流 Im = = （1 分）BLv0R BLI0mR(2) 设此时杆的速度为 v，由能的转化和守恒有：Q = mv02 - mv2 （2 分）12 12解得： v = （1 分）0IQ由牛顿第二定律得： BIL = ma （1 分）由闭合电路欧姆定律得： I = （1 分）BLvR解得： a = （1 分）20.BLmR（3）对全过程应用动量定理有：（2 分）0ItIg而 （1 分）BLxtRt解得：x = （1 分）I0RB2L2
