《中级数据库系统工程师2008上半年上午试题、答案及详细解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《中级数据库系统工程师2008上半年上午试题、答案及详细解析（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、数据库系统工程师上午试题：(1)在计算机体系结构中，CPU 内部包括程序计数器 PC、存储器数据寄存器 MDR、指令寄存器 IR 和存储器地址寄存器 MAR 等。若 CPU 要执行的指令为：MOV R0，#100 (即将数值 100 传送到寄存器 R0中)，则 CPU 首先要完成的操作是 (1) 。A100R0 B100 MDR CPC MAR DPCIR参考答案(1)C分析 本题考查计算机基本工作原理。CPU 中的程序计数器 PC 用于保存要执行的指令的地址，访问内存时，需先将内存地址送入存储器地址寄存器 MAR 中，向内存写入数据时，待写入的数据要先放入数据寄存器 MDR。程序中的指令一般
2、放在内存中，要执行时，首先要访问内存取得指令并保存在指令寄存器 IR 中。计算机中指令的执行过程一般分为取指令、分析指令并获取操作数、运算和传送结果等阶段，每条指令被执行时都要经过这几个阶段。若 CPU 要执行的指令为：MOV R0， #100(即将数值 100 传送到寄存器 R0 中)，则 CPU 首先要完成的操作是将要执行的指令的地址送入程序计数器 PC，访问内存以获取指令。(2)现有 4 级指令流水线，分别为完成取指、取数、运算、传送结果 4 步操作。若完成上述操作的时间依次为 9ns、10ns、6ns 、8ns ，则流水线的操作周期应设计为 (2) ns。A6 B8 C9 D10参考答
3、案(2)D分析 本题考查计算机流水线基本工作原理。流水线的基本原理是把一个重复的过程分解为若干个子过程，前一个子过程为下一个子过程创造执行条件，每一个过程可以与其他子过程同时进行。流水线各段执行时间最长的那段为整个流水线的瓶颈，一般的，将其执行时间称为流水线的周期。(3)内存按字节编址，地址从 90000H 到 CFFFFH，若用存储容量为 16K8bit 的存储器芯片构成该内存，至少需要 (3) 片。A2 B4 C8 D16参考答案(3)D分析 本题考查计算机中的存储部件组成。内存按字节编址，地址从 90000H 到 CFFFFH 时，存储单元数为 CFFFFH-90000H= 3FFFFH
4、，即218B。若存储芯片的容量为 16K8bit，则需 218/16K=24 个芯片组成该内存。 、(4)CPU 中的数据总线宽度会影响 (4) 。A内存容量的大小 B系统的运算速度C指令系统的指令数量 D寄存器的宽度参考答案(4)B分析 本题考查计算机组成基础知识。CPU 与其他部件交换数据时，用数据总线传输数据。数据总线宽度指同时传送的二进制位数，内存容量、指令系统中的指令数量和寄存器的位数与数据总线的宽度无关。数据总线宽度越大，单位时间内能进出 CPU 的数据就越多，系统的运算速度越快。(5)利用高速通信网络将多台高性能工作站或微型机互连构成机群系统，其系统结构形式属于 (5) 计算机。
5、A单指令流单数据流(SISD) B多指令流单数据流(MISD)C单指令流多数据流(SIMD) D多指令流多数据流 (MIMD)参考答案(5)D分析 本题考查计算机系统结构基础知识。传统地，串行计算是指在单个计算机(具有单个中央处理单元) 上顺序地执行指令。 CPU 按照一个指令序列执行以解决问题，但任意时刻只有一条指令可提供随时并及时的使用。并行计算是相对于串行计算来说的，所谓并行计算分为时间上的并行和空间上的并行。时间上的并行就是指流水线技术，而空间上的并行则是指用多个处理器并发的执行计算。空间上的并行导致了两类并行机的产生，按照 Flynn 的说法，根据不同指令流数据流组织方式把计算机系统
6、分成 4 类；单指令流单数据流(SISD，如单处理机)、单指令流多数据流(SIMD ，如相联处理机)、多指令流单数据流(MISD，如流水线计算机)和多指令流多数据流(MIMD，如多处理机系统)。利用高速通信网络将多台高性能工作站或微型机互连构成机群系统，其系统结构形式属于多指令流多数据流(MIMD)计算机。(6)内存采用段式存储管理有许多优点，但“ (6) ”不是其优点。A分段是信息的逻辑单位，用户不可见B各段程序的修改互不影响C地址变换速度快、内存碎片少D便于多道程序共享主存的某些段参考答案(6)C分析 本题考查操作系统内存管理方面的基本概念。操作系统内存管理方案有许多种，其中，分页存储管理
7、系统中的每一页只是存放信息的物理单位，其本身没有完整的意义，因而不便于实现信息的共享，而段却是信息的逻辑单位，各段程序的修改互不影响，无内存碎片，有利于信息的共享。如果希望别的计算机不能通过 ping 命令测试服务器的连通情况，可以 (7) 。如果希望通过默认的Telnet 端口连接服务器，则下面对防火墙配置正确的是 (8) 。(7)A删除服务器中的 ping.exe 文件B删除服务器中的 cmd.exe 文件C关闭服务器中 ICMP 端口D关闭服务器中的 Net Logon 服务(8) 参考答案(7)C (8)A试题(7)、(8)分析 试题(7)正确答案为 C，因为删除服务器中的 ping.
8、exe 和 cmd.exe 会影响服务器运行 ping 命令和一些基于命令行的程序。ping 命令测试机器联通情况实际上是使用了 ICMP 协议，因此，关闭服务器牛的ICMP 端口可以使别的计算机不能通过 ping 命令测试服务器的连通情况。试题(8)正确答案为 A，因为 Telnet 使用的是 TCP 协议，缺省情况下使用 23 端口。(9)某银行为用户提供网上服务，允许用户通过浏览器管理自己的银行账户信息。为保障通信的安全性，该 Web 服务器可选的协议是 (9) 。APOP BSNMP CHTTP DHTTPS参考答案(9)D分析 POP 是邮局协议，用于接收邮件；SNMP 是简单网络管
9、理协议，用于网络管理；HTTP 是超文本传输协议，众多 Web 服务器都使用 HTTP，但是该协议不是安全的协议。 HTTPS 是安全的超文本传输协议。(10)关于软件著作权产生的时间，表述正确的是 (10) 。A自软件首次公开发表时B自开发者有开发意图时C自软件得到国家著作权行政管理部门认可时D自软件完成创作之日起参考答案(10)D分析 著作权法规定，软件著作权自软件开发完成之日起产生。(11)李某大学毕业后在 M 公司销售部门工作，后由于该公司软件开发部门人手较紧，李某被暂调到该公司软件开发部开发新产品，2 周后，李某开发出一种新软件。该软件著作权应归 (11) 所有。A李某 BM 公司
10、C李某和 M 公司 D软件开发部参考答案(11)B分析 因李某大学毕业后在 M 公司销售部门工作，后由于该公司软件开发部门人手较紧，李某被暂调到该公司软件开发部开发新产品，2 周后，李某开发出一种新软件。该软件与工作任务有关，属于职务作品。所以，该项作品应届于软件公司所有。法律依据：著作权法规定“执行本单位的任务或者主要是利用本单位的物质条件所完成的职务作品，其权利属于该单位。 ”职务作品人是指作品人或者设计人执行本单位的任务，或者主要是利用本单位的物质技术条件所完成的作品的人。该作品的权利为该作品人所在单位所有。职务作品包括以下情形：1在本职工作中做出的作品。2履行本单位交付的本职工作之外的
11、任务所做出的作品。3退职、退休或者调动工作后 1 年内做出的，与其在原单位承担的本职工作或者原单位分配的任务有关的作品。4主要利用本单位的物质技术条件(包括本单位的资金、设备、不对外公开的技术资料等) 完成的作品。(12)一幅灰度图像，若每个像素有 8 位像素深度，则最大灰度数目为 (12) 。A128 B256 C512 D1024参考答案(12)B分析 图像深度是指存储每个像素所用的位数，它也是用来度量图像的分辨率的。像素深度确定彩色图像的每个像素可能有的颜色数，或者确定灰度图像的每个像素可能有的灰度级数。它决定了彩色图像中可出现的最多颜色数，或灰度图像中的最大灰度等级。如一幅图像的图像深
12、度为 b 位，则该图像的最多颜色数或灰度级为 2b 种。显然，表示一个像素颜色的位数越多，它能表达的颜色数或灰度级就越多。例如，只有 1 个分量的单色图像，若每个像素有 8 位，则最大灰度数目为 28=256；一幅彩色图像的每个像素用R、 G、B3 个分量表示，若 3 个分量的像素位数分别为 4、4、2，则最大颜色数目为 24+4+2=210=1024，就是说像素的深度为 10 位，每个像素可以是 210 种颜色中的一种。表示一个像素的位数越多，它能表达的颜色数目就越多，它的深度就越深。(13)当图像分辨率为 800600，屏幕分辨率为 640480 时， (13) 。A屏幕上显示一幅图像的
13、64%左右 B图像正好占满屏幕C屏幕上显示一幅完整的图像 D图像只占屏幕的一部分参考答案(13)A分析 图像分辨率与显示分辨率是两个不同的概念。图像分辨率确定的是组成一幅图像像素数目，而显示分辨率确定的是显示图像的区域大小。它们之间的关系是：图像分辨率大于显示分辨率时，在屏幕上只能显示部分图像。例如，当图像分辨率为 800600，屏幕分辨率为 640480 时，屏幕上只能显示一幅图像的 64%左右。图像分辨率小于屏幕分辨率时，图像只占屏幕的一部分。例如，当图像分辨率为 320240，屏幕分辨率为 640480 时，图像只占屏幕的四分之一。(14)若视频图像每帧的数据量为 6.4MB，帧速率为
14、30 帧/秒，则显示 10 秒的视频信息，其原始数据量为 (14) MB。A64 B192 C640 D1920参考答案(14)D分析 考查多媒体基本概念知识(视频信息数据量估算) 。视频是连续渐变的静止图像，沿时间轴顺次更换显示，构成运动视感的媒体。一幅图像对应一帧，一帧图像在计算机中用图像矩阵形式表示，其数据量为帧宽与帧高的乘积。题中给出一帧图像的数据量、帧率、时间，所以显示 10 秒的视频信息需要6.43010=1920MB。(15) (15) 是一种面向数据流的开发方法，其基本思想是软件功能的分解和抽象。A结构化开发方法 BJackson 系统开发方法 CBooch 方法 DUML(统
15、一建模语言)参考答案(15)A分析 本题考查考生对软件开发方法的理解。结构化开发方法是传统的、也是应用较为广泛的一种软件开发方法，它基于数据流进行需求分析和软件设计，用抽象模型的概念，按照软件内部数据传递和转换关系，对问题和功能自顶向下逐层分解。Jackson 系统开发方法是一种典型的面向数据结构的分析和设计方法，以活动为中心，一连串活动的顺序组合成一个完整的工作进程。Booch 方法是一种面向对象的软件开发方法。UML 仅仅是一种建模标准语言，规定了构成软件的各个元素和构件的图示规范。(16)采用 UML 进行软件设计时，可用 (16) 关系表示两类事物之间存在的特殊 /一般关系，用聚集关系表示事物之间存在的整体/部分关系。A依赖 B聚集 C泛化 D实现参考答案(16)C分析 本题考查对 UML 中关系概念的理解。按照面向对象技术的描述，若两类事物之间存在特殊/一般关系，则用继承机制表示该关系，即 UML 中的泛化关系。(17)某项目制定的开发计划中定义了三个任务，其中任务 A 首先开始，且需要 3 周完成，任务 B 必须在任务 A 启动 1 周后开始
