《山东省济宁市微山一中2015届高三上学期段测物理试卷（10月份）含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省济宁市微山一中2015届高三上学期段测物理试卷（10月份）含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、 2014-2015 学年山东省济宁市微山一中高三（上）段测物理试卷（10 月份）一、选择题：（本题包括 12 小题，共 48 分在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分）1（4 分）（2014 秋滕州市校级期中）下列说法正确的是（）A 伽利略的理想实验说明了力不是维持物体运动的原因B 人站在电梯中，人对电梯的压力与电梯对人的支持力不一定大小相等C 两个不同方向的匀变速直线运动，它们的合运动不一定是匀变速直线运动D 由 F=ma 可知：当 F=0 时 a=0，即物体静止或匀速直线运动所以牛顿第一定律是牛顿第二定律的特例考点： 牛顿第二定律；
2、牛顿第一定律版权所有专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 物体的运动不需要力来维持；作用力和反作用力大小相等，方向相反；两个不同方向的匀变速速直线运动合成，合运动不一定是匀变速直线运动；牛顿第一定律不是牛顿第二定律的特例解答： 解：A、伽利略的理想实验说明物体不受力，物体照样运动，即力不是维持物体运动的原因故 A 正确B、人对电梯的压力和电梯对人的支持力是一对作用力和反作用力，大小相等故 B 错误C、两个不同方向的匀变速直线运动合成，若合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动故 C 正确D、第二定律针对的是有合外力作用时的状态，第一定律是针对没有外力的状态，第一定律不是第二定
3、律的特例故 D 错误故选 AC点评： 解决本题的关键知道力不是维持物体运动的原因，是改变物体运动状态的原因，以及知道作用力和反作用力的关系2（4 分）（2014 秋微山县校级月考）甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动，t=0 时刻同时经过公路旁的同一个路标在描述两车运动的 vt 图中（如图），直线 a、b 分别描述了甲乙两车在 020 秒的运动情况关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（）A 在 010 秒内两车逐渐远离B 在 1020 秒内两车逐渐远离C 在 t=10 秒时两车在公路上相遇D 在 515 秒内两车的位移相等考点： 匀变速直线运动的图像版权所有专题： 运动学中的图像
4、专题分析： 由图可知两汽车的运动过程，则图象和时间轴围成的面积求出汽车的位移；由位移关系可知两汽车是否相遇解答： 解：A、由图可知，甲做匀速直线运动，乙做匀减速直线运动，10s 前甲的速度大于乙的速度，故 010 秒内两车逐渐远离，故 A 正确； B、1020 秒内甲的速度大于乙的速度，故乙车开始靠近甲车，故 B 错误； C、10s 时两汽车的速度相等，而在 10s 之前乙一直在甲的前面，故两汽车不可能相遇； 故 C 错误；D、由图可知，515 秒内两车图象与时间轴围成的面积相等，故说明两车的位移相等，故 D 正确； 故选 AD点评： 在研究图象时要注意图象的用法，明确图象所能表示的信息，能从
5、图象中找出物体的速度和位移3（4 分）（2014 秋红花岗区期末）汽车以 20m/s 的速度做匀速运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为 5m/s2，则它关闭发动机后通过 37.5m 所需时间为（）A 3s B 4s C 5s D 6s考点： 匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题： 直线运动规律专题分析： 根据匀变速直线运动的速度位移公式求 出末速度的大小，再根据速度时间公式求出运动的时间解答： 解：由 得，代入数据解得 v=5m/s根据 v=v0+at 得，t= 故 A 正确，B、C、D 错误故选 A点评： 解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能熟练运用本题也
6、可以通过位移时间公式进行求解4（4 分）（2014 秋微山县校级月考）如图，清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为 G 悬绳与竖直墙壁的夹角为 悬绳对工人的拉力大小为 F1 墙壁对工人的弹力大小为 F2 则（）A F1=GsinB F2=GtanC 若缓慢减小悬绳的长度，F 1 与 F2 的合力变大D 若缓慢减小悬绳的长度，F 1 减小，F 2 增大考点： 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力版权所有专题： 共点力作用下物体平衡专题分析： 工人处于静止状态，受力平衡，合力为零，分析其受力情况，由平衡条件求出 F1 和F2根据 F1 和 F2 的表达式分析讨论
7、缓慢减小悬绳的长度时，F 1 与 F2 如何变化解答： 解：A、B、分析工人受力情况：工人受到重力、支持力和拉力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：水平方向：F 1sin=F2竖直方向：F 1cos=G解得，F 1= ，F 2=Gtan故 A 错误，B 正确C、D、当缓慢减小悬绳的长度时，细绳与竖直方向的夹角 变大，故 F1 变大，F 2 变大，但 F1 与 F2 的合力与重力平衡，保持不变；故 CD 错误故选：B点评： 本题关键是根据共点力平衡条件，由几何关系得到 F1 与 F2 的表达式，再讨论变化情况5（4 分）（2009巢湖一模）一个做平抛运动的物体，从物体水平抛出开始发生水平位移为
8、s 的时间内，它在竖直方向的位移为 d1；紧接着物体在发生第二个水平位移 s 的时间内，它在竖直方向发生的位移为 d2已知重力加速度为 g，则做平抛运动的物体的初速度为（）A BC D考点： 平抛运动版权所有专题： 平抛运动专题分析： 物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同解答： 解：从运动开始到发生水平位移 s 的时间内，它在竖直方向的位移为 d1；根据平抛运动的规律可得水平方向上：s=V 0t 竖直方向上：d 1= gt2联立可以求得初速度 V0=s ，所以 B 正确；在竖直方向上，物体做自由落体运动
9、，根据x=gT 2 可得d2d1=gT2，所以时间的间隔 T= ，所以平抛的初速度 V0= =s ，所以 A 正确；再根据匀变速直线运动的规律可知 ，所以从一开始运动物体下降的高度为 ，由 = ，可得物体运动的时间间隔为t= ，所以平抛的初速度 V0= =s ，所以 D 正确；故选 ABD点评： 本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动来求解6（4 分）（2011市中区校级模拟）据报道，我国将于 2011 年上半年发射“天宫一号” 目标飞行器，2011 年下半年发射“神舟八号”飞船届时“ 神舟八号”与“天官一号”分别在内外轨道绕地球做
10、圆周运动下列判断正确的是（）A “天宫一号”的运行速率大于“神舟八号”的运行速率B “天宫一号”的周期大于“神舟八号”的周期C “神舟八号”适度加速有可能与“ 天官一号”实现对接D “天富一号”的向心加速度大于“ 神舟八号”的向心加速度考点： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系版权所有专题： 人造卫星问题分析：根据万有引力提供向心力 比较运行速率、向心加速度、周期“神舟八号” 适度加速，所需的向心力变大，万有引力不够提供，做离心运动解答：解：A、根据万有引力提供向心力 ，轨道半径越大，向心加速度越小，线速度越小，周期越大天宫一号的轨道半径大，则线速度小，周期大，向心加速度小故 A 错误，B 正
11、确，D 错误C、“ 神舟八号” 适度加速，所需的向心力变大，万有引力不够提供，做离心运动，可能会跟“天宫一号” 对接故 C 正确故选 BC点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力 ，会根据轨道的半径的关系比较向心加速度、线速度大小、角速度、周期7（4 分）（2011温州模拟）据媒体报道，嫦娥一号卫星环月工作轨道为圆轨道，卫星离月球表面的高度为 200km，运行周期 127min若还知道引力常量和月球平均半径，仅利用上述条件能求出的是（）A 月球表面的重力加速度 B 月球对卫星的吸引力C 卫星绕月球运行的速度 D 卫星绕月球运行的加速度考点： 万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道
12、的关系版权所有专题： 万有引力定律的应用专题分析： 本题关键根据万有引力提供绕月卫星做圆周运动的向心力，以及月球表面重力加速度的表达式，列式求解分析解答： 解：A、绕月卫星绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为 r、月球质量为 M，有 =m （R 月 +h） 地球表面重力加速度公式g 月 = 联立可以求解出g 月 = ，即可以求出月球表面的重力加速度，故 A 正确B、由于卫星的质量未知，故月球对卫星的吸引力无法求出，故 B 错误C、由 v= 可以求出 卫星绕月球运行的速度，故 C 正确D、由 a= （R 月 +h）可以求出卫星绕月运行的加速度，故 D 正确故
13、选 ACD点评： 本题关键根据绕月卫星的引力提供向心力列式，再结合月球表面重力等于万有引力列式求解向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用8（4 分）（2013晋中一模）一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹下列说法中正确的是（）A 黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B 木炭包的质量越大，径迹的长度越短C 传送带运动的速度越大，径迹的长度越短D 木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 木
14、炭包在传送带上先是做匀加速直线运动，达到共同速度之后再和传送带一起匀速运动，黑色的径迹就是它们相对滑动的位移，求出相对位移再看与哪些因素有关解答： 解：A、刚放上木炭包时，木炭包的速度慢，传送带的速度快，木炭包向后滑动，所以黑色的径迹将出现在木炭包的右侧，所以 A 错误B、木炭包在传送带上运动靠的是与传送带之间的摩擦力，摩擦力作为它的合力产生加速度，所以由牛顿第二定律知，mg=ma，所以 a=g，当达到共同速度时，不再有相对滑动，由 V2=2ax 得，木炭包位移 X 木 = ，设相对滑动的时间为 t，由 V=at，得 t= ，此时传送带的位移为 x 传 =vt=所以滑动的位移是x=x 传 X
15、木 =由此可以知道，黑色的径迹与木炭包的质量无关，所以 B 错误，C、传送带运动的速度越大，径迹的长度越长，所以 C 错误，D、木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短，所以 D 正确故选：D点评： 求黑色的轨迹的长度，就是求木炭包和传送带的相对滑动的位移，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律很容易求得它们相对滑动的位移，在看相对滑动的位移的大小与哪些因素有关即可9（4 分）（2008山东）直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态在箱子下落过程中，下列说法正确的是（）A 箱内物体对箱子底部始终没有压力B 箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大C 箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D 若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”考点： 牛顿运动定律的应用-超重和失重版权所有分析： 根据箱子的受力的情况可以判断物体的运动状态，进而由牛顿第二定律可以判断物体和箱子之间的作用力的大小解答： 解：A、由于箱子在下降的过程中受到空气的阻力，加速度的大小要小于重力加速度，由牛顿第二定律可知物体一定要受到箱子底部对物体的支持力的作用，所以 A 错误B、箱子刚从飞机上投下时，箱子的速度为零
