江西省南昌市2021届高三下学期理综物理4月第二次模拟考试试卷(1)

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1、- 1 - 江西省南昌市 2019 届高三下学期理综物理4 月第二次模拟考试试卷 一、单选题（共5 题；共 10 分） 1.如图所示，轻质弹簧一端固定在墙壁上，另一端与挡板相连（挡板质量不可忽略）放置在光滑的水平 面上。把一质量为m 的物体 A 紧靠着挡板压缩弹簧后，由静止开始释放，弹簧前端到O 点时物体与挡板 分离，此时物体的动能为E ；现换一质量为M(Mm) 的物体 B紧靠着挡板压缩弹簧到相同的位置，由静止 释放，则（） A. 弹簧前端到O 点左侧时B物体与挡板分离B. 弹簧前端到O 点右侧时B 物体与挡板分离 C. 物体 B 与挡板分离时的动能大于Eo D. 物体 B与挡板分离时的动能小

2、于Eo 2.太阳因核聚变释放出巨大的能量，其质量不断减少。太阳光从太阳射到月球表面的时间约500s，月球表 面每平米每秒钟接收到太阳辐射的能量约为1.4 10 3J，根据爱因斯坦质能方程，太阳每秒钟减少的质量最 接近（） A. 4 10 9kg B. 4 l0 12kg C. 4 l0 18kg D. 4 10 24kg 3.用水平力拉一物体，使物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动， t1时刻撤去拉力F，物体做匀减 速直线运动，到t2时刻停止。其速度一时间图象如图所示，且 ，若拉力 F做的功为W1 ， 冲量大小 为 I1；物体克服摩擦阻力 F做的功为W2， 冲量大小为I2。则下列选项正确

3、的是（） A. W1 W2；I1I2B. W1I2C. W1 W2；I10)的带电小球从M 由静止释放， 小球沿 MN 方向运动，到达N 点的速度大小为（待求）；若将该小球从M 点沿垂直于MN 的方向，以 大小的速度抛出，小球将经过M 点正上方的P点（未画出），已知重力加速度大小为g，求： - 6 - （1）匀强电场的电场强度E及小球在N 点的速度； （2） M 点和 P点之间的电势差； （3）小球在P点动能与在M 点动能的比值。 15.有一如图所示导热性良好的U 形容器，右管顶都封闭，容器的左右两部分横截面积之比为1：2容器 内部密封一部分水银现测得右端部分的水银液面与容器顶端的高度h= S

4、cm，左右两部分容器的水银面的 高度差 H=15cm，设大气压Po= 75 cmHg，外界环境温度t=27求： （1）向左边的容器部分缓慢注入水银，直到两边容器的水银柱恰好相乎齐时封闭气体的长度； （2）当左右两部分的水银柱相平齐后，将整个容器置于一温控室内，然后使温控室的温度缓慢升高，直 到右端容器内被密封的气体的长度为5cm 时，此时温控室的温度 16.如图所示为用某种透明材料制成的一块柱形棱镜的截面图，圆弧CD为半径为R=0.5m 的四分之一的圆 周，圆心为O，已知 AD= 光线从 AB面上的某点入射，入射角 1=45 ，它进入棱镜后射向O 点，恰好 不会从 BC面射出求： （1）该棱镜

5、的折射率n； （2）光线在该棱镜中传播的时间t(已知光在空气中的传播速度) - 7 - 答案解析部分 一、单选题 1.【答案】C 【解析】 【解答】 AB挡板与 B物体分离时加速度相同、两物体间的弹力为零，所以分离时B 物体的加速 度为零，即挡板的加速度也为零，由于水平面光滑，所以弹簧恢复到原长时挡板的加速度为零，即弹簧前 端在 O 点时 B物体与挡板分离，AB 不符合题意； CD由于两次弹簧压缩到相同的位置，所以初始状态弹簧的弹性势能相同，从开始到两物体分离由能量守 恒得：，由于物体B的质量大于物体A的质量，所以B物体与挡板分离时的速度 较小，此时挡板具有的动能较小，由能量守恒可得B 物体的

6、动能较大，即大于，C 符合题意， D 不符合 题意。 故答案为： C 【分析】利用弹力等于0 可以判别B物体和挡板分离的时刻；利用利用能量守恒定律结合挡板的动能可 以判别物体B 分离时的动能大小。 2.【答案】A 【解析】 【解答】 由题可知， 太阳每秒钟辐射的能量为：， 其中， 由爱因斯坦质量方程可知，代入解得：， A 符合题意。 故答案为： A 【分析】利用质能方程结合辐射的能量可以求出减少的质量大小。 3.【答案】D 【解析】 【解答】全过程由动能定理得：得，由动量定理得：得 ，D 符合题意。 故答案为： D 【分析】利用动能定理结合动量定理可以比较做功和冲量的大小。 4.【答案】B 【

7、解析】 【解答】由于线框匀速运动，每运动的距离时间为，所以第一个时间间隔即ab 边从左 边界到右边界过程中，由“ 右手定则 ” 可知，线框中产生逆时针方向的电流，大小为，第二个时 间间隔即gd 边从左边界到右边界过程中，由“ 右手定则 ” 可知，线框中产生逆时针方向的电流，大小为 ，第三时间间隔ef，由 “ 右手定则 ” 可知，线框中产生顺时针方向的电流，大小为，B 符合题意 故答案为： B - 8 - 【分析】利用右手定则可以判别感应电流的方向；利用有效长度结合电阻大小可以求出感应电流的大小。 5.【答案】B 【解析】 【解答】当磁感应强度为时，从 P点射入的粒子与磁场边界的最远交点是轨迹上

8、直径与磁场 边界圆的交点，即，如图所示： 所以粒子做圆周运动的半径，同理可知，解得：， B 符合题意 故答案为： B 【分析】利用几何知识可以求出轨道半径的大小，利用轨道半径结合牛顿第二定律可以求出磁感应强度 的大小。 二、多选题 6.【答案】B,D 【解析】 【解答】 AB电梯仓停在地球同步轨道站时，万有引力全部提供向心力，所以缆绳对它无作用力， A 不符合题意， B 符合题意； CD电梯仓停在中间位置，由于电梯仓的角速度与地球自转角速度相等， 电梯仓的做圆周运动的半径减小， 所需的向心力减小，由于半径减小，万有引力增大，所以缆绳对它有沿绳背向地心的作用力，C不符合题 意， D 符合题意。

9、故答案为： BD 【分析】利用引力提供向心力可以判别缆绳对对电梯仓没有力的作用；利用向心力的变化结合引力的变 化可以判别缆绳的作用力方向。 7.【答案】B,C 【解析】 【解答】由左手定则可知，磁感应强度方向与安培力方向垂直，A 不符合题意；由左手定则可知， O 点的磁感应强度方向与垂直斜向右下方，此磁场方向可分解为水平向右和竖直向下，所以导线c 在 O 点产生的磁场方向应水平向右，由右手定则可知，导线c 中的电流为垂直纸面向外，导线a 在 O 点产生的 磁场方向竖直向上，导线b 在 O 点产生的磁场方向竖直向下，所以长导线a 中电流 I1小于 b 中电流 I2 ， 由于不知道安培力的具体方向

10、，所以无法确定长导线c 中电流 I3小于 b 中电流 I2 ， BC符合题意， D 不 符合题意。 - 9 - 故答案为： BC 【分析】利用左手定则可以判别磁感应强度和安培力方向垂直；利用左手定则可以判别O 点的磁感应强 度斜向下，进而可以判别导线c 在哦点的磁场方向进而利用右手螺旋定则可以判别c 导线的电流方向；利 用 O 点的磁感应强度方向可以判别两个导线的电流大小。 8.【答案】A,C 【解析】 【解答】 P、 Q 均静止时，由P受力平衡条件可知：， ，把手放开瞬间，将P物体的重力沿AB方向和 BC方向分解，由于PQ两物体沿 绳方向的速度相同，所以P物体接下来以AB为半径的圆周运动，由

11、于此时速为0，向心力为0，所以此时 AB绳的拉力等于P物体重力沿AB方向的分力即为，此时，圆弧切线方向的合力为，加速 度为， 解得， 对 P物体有：， 联立解得：， 所以 T1： T1=1:1， . T2：T2=2：3，AC 符合题意。 故答案为： AC 【分析】利用平衡方程可以求出绳子拉力的比值。 9.【答案】A,B,D 【解析】 【解答】 A温度是分子的平均动能的标志，温度相同的氧气与氢气，它们具有相同的分子动能， 由于它们的分子质量不同，所以分子平均速率不同，A 符合题意； B硬币能浮在水面上，是由于水的表面张力的作用，硬币受到的重力等于表面张力，B 符合题意； C第一类永动机不可能制成

12、是因为它违背了能量守恒定律，第二类永动机不违反能量守恒定律，是因为 违反了热力学第二定律，C不符合题意； D根据熵增加原理知，自然界进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，是不可逆的，D 符合题意； E直径为1 m 的水珠所含水分子的个数为 ，故 E不符合题意 故答案为： ABD 【分析】第二类永动机没有违反了能量守恒定律；氢气和氧气的分子质量不同所以平均速率不同；硬币 浮在水面上是由于表面张力的作用；利用水分子的个数可以与地球人数的大小进行比较。 10.【答案】A,B,D 【解析】 【解答】 A由乙图读出时刻质点A 的速度方向为沿y 轴负方向，由图甲判断出波的传 播方向为沿x 轴正方向， A

13、 符合题意； B由图甲读出波长为，由乙图周期则波速度为，B符合 题意； C ， 质点做简谐运动时在一个周期内质点A 通过的路程为4 倍振幅，则经过， A 质点通过的路程是：，C 不符合题意； - 10 - D图示时刻质点P沿 y 轴负方向，质点 Q 沿 y 轴正方向，所以质点P将比质点 Q 晚回到平衡位置，将此 图象与正弦曲线进行对比可知，P点的横坐标为，Q 点的横坐标，根据波形的平移 法可知质点P比质点 Q 晚回到平衡位置时间为：，D 符合题意； E发生明显衍射现象的条件是障碍物的尺寸比波长小或跟波长差不多，该波的波长为，故 E不符合 题意 故答案为： ABD 【分析】利用纸带的振动方向可以

14、判别波的传播方向；利用周期和波长可以求出波速的大小；利用周期 和振幅可以求出质点运动的路程；利用波传播方向可以判别质点回到平衡位置的时刻；利用波长可以判别 是否能产生明显的衍射现象。 三、实验题 11.【答案】（1）0.495 m/s 20.497 m/s2 （2） C,D （3） 【解析】 【解答】 (1)每相邻两计数点间还有4 个点，说明相邻计数点间的时间间隔为，由逐差 法可得：；(2)以系统为研究对象，由牛 顿第二定律得： 滑动摩擦力： 解得： 要测得动摩擦因数，需要测出滑块的质量与托盘和砝码的总质量，故答案为： CD(3)由 (2)分析可 知，滑块与板间的动摩擦因数为： 【分析】（ 1

15、）利用逐差法可以求出加速度的大小； （2）利用牛顿第二定律可以判别需要测量的物理量； （3）利用牛顿第二定律可以求出动摩擦因素的大小。 - 11 - 12.【答案】（1） （2） （3） 16501750；不达标 【解析】 【解答】 (1)由电阻定律得：水样的电阻约为：，所以电 流表应内接法，由于滑动变阻器的总阻值为，为了方便调节，所以滑动变阻器应用分压式，电路图 如图： ； (2)根据所测的数据作出图线如图： - 12 - ;(3)根据图线，由电阻定律得： ，故不达标 【分析】（ 1）利用电阻定律可以求出电阻的大小进而可以判别电流表使用内接法；滑动变阻器使用分压 式接法； （2）利用表格数据

16、可以进行描点和连线； （3）利用欧姆定律可以求出电阻的大小，利用电阻定律可以求出电阻率的大小进而判别是否达标。 四、解答题 13.【答案】（1）解：两小车碰撞后的滑行过程中，有 解得v3=1m/s （2）解：两车碰撞过程中，有 解得v2=4m/s 恒力作用过程有 撤去 F至二车相碰过程有 解得 【解析】 【分析】（ 1）利用动能定理可以求出两小车碰后的速度大小； （2）利用动量守恒定律结合动量定理及动能定理可以求出小车A 受到的恒力的大小。 14.【答案】（1）解：由小球运动方向可知，小球受合力沿 MN 方向，如图甲，由正弦定理： - 13 - 得： 合力： F=mg 从,有： 得： （2）解：如图乙，设MP 为 h，作 PC垂直于电场线，小球做类平抛运动： 得： （3）解：如图乙，作PD垂直于 MN，从，由动能定理： - 14 - 【解析】 【分析】（ 1）利用正弦定律可以求出场强的大