《2020届高考生物一轮复习高分解题模板：10.基本计算类》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届高考生物一轮复习高分解题模板：10.基本计算类（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、10. 基本计算类 题型解读 解题模板 典例 1. 在如图所示的食物网中 , 假如猫头鹰的食物有 2 5来自兔子 , 2 5 来自鼠, 1 5 来自蛇。那 么猫头鹰的体重若增加10 g, 最少需要消耗植物 ( ) A.300 g B.450 g C.900 g D.1 800 g 解题思路 解析先将食物网拆分成3 条食物链 :植物兔猫头鹰 ; 植物鼠猫头 鹰; 植物鼠蛇猫头鹰。根据猫头鹰的食物比例可知, 增加的 10 g 体重中 4 g 来自、 4 g 来自、 2 g 来自 , 计算最少消耗植物量 , 则按照能量最大传递效 率 20% 计算,则需要消耗植物455=100(g), 需要消耗植物4
2、55=100(g), 需要消耗植物 2555=250(g), 总共消耗植物为450 g 。 答案B 2.CO2从外界进入某绿色植物细胞完成光合作用, 然后又通过有氧呼吸被分解成CO2 离开该细胞 , 共穿过多少层生物膜 ( ) A.6 层B.8 层C.10 层D.12 层 解题思路 解析可先画出该过程的简图 (如图所示 ), 再根据题意来解答。绿色植物进行光 合作用的场所是叶绿体 ;葡萄糖在细胞质基质中完成有氧呼吸的第一阶段, 由此产 生的丙酮酸进入线粒体进行彻底的氧化分解。 CO2进出植物细胞过程示意图 答案C 32 专练 1. 如图表示一个由 153 个氨基酸残基构成的蛋白质分子。下列叙述
3、正确的是 ( ) A.该分子中含有 152 个肽键 B.参与构成该分子的氨基酸中至少有1 个氨基酸含 2 个羧基 ,1 个氨基酸含 2 个氨 基 C.该分子中有 1 个氨基酸残基含硫 D.该分子彻底水解将产生153种氨基酸 2. 显微镜目镜为10、物镜为 10时, 视野中看到 8 个排成一排的分生组织细胞, 若物镜转换为 40, 则在视野中可看到完整的细胞数为( ) A.2 个B.4 个C.8 个D.16 个 3. 分泌蛋白在内质网腔折叠、初加工后, 被运输到高尔基体进一步加工、组装, 最 后释放到细胞外。这一过程中分泌蛋白穿过的磷脂分子层数为( ) A.4 B.2 C.1 D.0 4. 将一
4、些苹果储藏在密闭容器中,通入不同浓度的氧气后 , 其氧气的消耗量和二氧 化碳产生量如下表所示。下列分析错误的是( 假设细胞呼吸的底物都是葡萄 糖)( ) 氧浓度 (%) a b c d e CO2产生量 (mol/min) 1.2 1.0 1.3 1.6 3.0 O2消耗量 (mol/min) 0 0.6 0.7 1.2 3.0 A.氧浓度为 a 时, 细胞呼吸不在线粒体中进行 B.氧浓度为 b 时, 葡萄糖的消耗量为0.3 mol/min,较适宜苹果的储藏 C.氧浓度为 c 时, 酒精发酵消耗葡萄糖的量为0.6 mol/min D.氧浓度为 d 时, 产生的二氧化碳中有 1 4来自酒精发酵
5、5. 人体性母细胞在减数分裂的四分体时期, 其四分体数、着丝点数、染色单体数 和多核苷酸链数分别是 ( ) A.23、92、92 和 92 B.46、46、92 和 46 C.23、46、46 和 46 D.23、46、92 和 184 6. 如图为细胞内某基因 ( 15N标记) 的结构示意图 ,A 占全部碱基的 20% 。下列说法错 误的是 ( ) A.维持该基因结构稳定的主要化学键有磷酸二酯键和氢键 B.在无变异条件下 ,该基因的碱基 (C+G)/(A+T) 的比值为 3 2 C.限制性核酸内切酶作用于部位, 解旋酶作用于部位 D.将该基因置于 14N培养液中复制 3 次后, 含15N的脱
6、氧核苷酸链占1 4 7. 某植物种群中 ,AA 基因型个体占30%,aa 基因型个体占 20% 。若该种群植物自交 , 后代中 AA 、aa 基因型个体出现的频率以及A、a 基因频率分别为 ( ) A.42.5% 32.5% 55% 45% B.55% 45% 55% 45% C.42.5% 32.5% 45% 55% D.55% 45% 45% 55% 8. 某研究机构对我国北方草原一种主要害鼠布氏田鼠进行了调查。调查样方 总面积为 2 hm 2(1 hm2=10 000 m2), 随机布设 100个鼠笼 , 放置 1 夜后, 统计所捕获 的鼠数量、性别等 ,进行标记后放归 ;3 日后进行重
7、捕与调查。所得到的调查数据 如下表 : 捕获数 /只标记数 / 只雌性个体数雄性个体数 初捕32 32 14 18 重捕36 4 18 18 下列相关表述错误的是 ( ) A.该草地上布氏田鼠的平均种群密度为144只/hm 2 B.若被捕捉过的田鼠下一次更难捕捉, 则计算出的平均种群密度比实际的可能偏 高 C.综合两次捕获情况 , 该田鼠种群的性别比例 ( / )为 8 9 D.若该草地平均每 100 m 2 有 2.88 个洞口, 则洞口数与田鼠数的比例关系为2.51 9. 如表是某营养级昆虫摄食植物后能量流动的情况, 下列说法不正确的是 ( ) 项目昆虫摄食量昆虫粪便量昆虫呼吸消耗量 昆虫
8、储存在有 机物中的能量 能量(kJ) 410 210 130 70 A.呼吸作用会有能量散失是能量传递效率不能达到100% 的原因 B.昆虫同化的能量中约有35% 用于其生长、发育和繁殖 C.昆虫的后一个营养级能够获得的能量最多为14 kJ D.昆虫的前一营养级的能量至少有1 000 kJ 答案精解精析 10. 基本计算类 1.B 图示蛋白质分子由1 条肽链构成 , 组成多肽链的两个氨基酸R基上的 NH2和 COOH 缩合形成一个肽键 , 故该蛋白质共 153 个肽键,A 错误。参与构成该分子的 氨基酸中至少有 1 个氨基酸含 2 个羧基,1 个氨基酸含 2 个氨基 ,B 正确。该蛋白 质含有
9、的 1 个二硫键是 2 个SH脱氢形成的 ,故该分子中至少有2 个氨基酸残基 含硫,C 错误。组成蛋白质的氨基酸约有20 种,D 错误。 2.A 放大倍数是指长度或宽度的放大倍数, 根据题意 , 放大倍数大了 4 倍, 因此, 视野中一排容纳的细胞数只能是原来的1/4, 也就是 2 个。 3.D 分泌蛋白是以囊泡的形式, 由内质网经高尔基体到细胞膜,通过膜融合而分 泌到细胞外的 ,没有穿过磷脂分子层 ,D 正确。 4.C 有氧呼吸过程中 O2的消耗量等于 CO2的产生量 , 表格中二者的差值表示无氧 呼吸产生的 CO2量。氧气浓度由ae的过程中 , 有氧呼吸逐渐增强 , 无氧呼吸逐渐 减弱,
10、氧气浓度为 c 时, 有氧呼吸产生 CO 2的量为 0.7 mol/min,则酒精发酵产生的 CO2的量为 0.6 mol/min,因此酒精发酵消耗葡萄糖的量为0.3 mol/min 。 5.D 联会后的每一对同源染色体含有四个染色单体, 这叫做四分体 ,每个四分体 含有一对 (2 条)同源染色体或者说4 个染色单体 , 每个染色单体含一个双链DNA, 一个四分体中含 42=8 条多核苷酸链。人体细胞含有23 对同源染色体 ,则可根 据上述关系计算出相应数据。 6.D DNA 中脱氧核糖和磷酸之间的化学键是磷酸二酯键, 碱基对之间的化学键是 氢键, 二者与维持基因结构的稳定有关; 基因中 A=
11、20%, 则 T=20%,C=G=30%,因此在 无变异条件下 ,该基因的碱基 (C+G)/(A+T)=60%/40%= 3 2; 是磷酸二酯键 , 是氢键 , 限制性核酸内切酶作用于磷酸二酯键, 解旋酶作用于氢键 ; 该基因复制 3 次后形成 8 个 DNA 分子,16 条脱氧核苷酸链 , 则含 15N的脱氧核苷酸链占1 8。 7.A Aa基因型个体占 :1-30%-20%=50%, 该种群植物自交后 ,AA 占 30%+50% 1 4 =42.5%,aa 占 20%+50% 1 4=32.5%,Aa 占 1-42.5%-32.5%=25%,a的基因 频率为 32.5%+ 1 225%=45
12、%, 则 A的基因频率为 1-45%=55% 。 8.D 根据“标志重捕法”的计算方法, 分析表格中的数据可知该草地上布氏田鼠 的平均种群密度为144 只/hm 2。由于田鼠在被捕捉过一次后更难捕捉 , 即重捕的标 记数理论上偏小 , 所以推算出的平均种群密谋比实际的偏高。根据表格中的初捕 和重捕的雌性个体数之和与雄性个体数之和的比值是 32 36 , 可知性别比例 ( / )为 8 9。 在被调查的环境中 ,平均每 100 m 2 有 2.88 个洞口 , 则 10 000 m 2 就有 288 个洞口 , 而 10 000 m 2 上有田鼠 144 只,所以洞口数与田鼠数的比例为288144=21。 9.C 能量传递效率达不到100% 的原因包括呼吸作用会散失部分能量, 故 A正确; 昆虫的同化量为 410-210=200(kJ), 用于自身生长、发育和繁殖的能量所占比例为 70200100%=35%,B 正确; 昆虫的后一个营养级获得的能量最多是 20020%=40(kJ),C 错误; 昆虫的前一个营养级的能量最小值是20020%=1 000(kJ), 故 D正确。
