《高考物理整体法隔离法解决物理试题抓分精品训练》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理整体法隔离法解决物理试题抓分精品训练（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、高考物理整体法隔离法解决物理试题抓分精品训练 一、整体法隔离法解决物理试题 1如图所示，倾角为的斜面 A 固定在水平地面上，质量为M 的斜劈 B 置于斜面 A 上， 质量为 m 的物块 C置于斜劈B 上， A、B、C均处于静止状态，重力加速度为g下列说法 错误的是 ( ) ABC整体受到的合力为零 B斜面 A 受到斜劈B的作用力大小为Mgcos +mg C斜劈 B 受到斜面 A 的摩擦力方向沿斜面A 向上 D物块 C受到斜劈B的摩擦力大小为mgcos 【答案】 B 【解析】 【分析】 【详解】 A、斜劈 B 和物块 C整体处于平衡状态，则整体受到的合力大小为0，A 正确 B、对 B、C组成的整
2、体进行受力分析可知，A 对 B的作用力与B、C 受到的重力大小相 等，方向相反所以A 对 B 的作用力大小为Mg+mg，根据牛顿第三定律可知，斜面A受 到斜劈 B的作用力大小为Mg+mg，故 B 错误 C、根据 B 和 C的整体平衡可知A 对 B 的静摩擦力沿斜面向上，大小等于两重力的下滑分 力， C 正确 D、C受到 B 对 C 的摩擦力为mgcos ，方向垂直斜面 A 向上， D 正确 本题选错误的故选B 【点睛】 若一个系统中涉及两个或者两个以上物体的问题，在选取研究对象时，要灵活运用整体法 和隔离法对于多物体问题，如果不求物体间的相互作用力，我们优先采用整体法，这样 涉及的研究对象少，
3、未知量少，方程少，求解简便；很多情况下，通常采用整体法和隔离 法相结合的方法 2如图所示 ,电动势为E,内阻为 r 的电源与滑动变阻器R1、定值电阻R2、R3、平行板电容 器及电流表组成闭合电路,当滑动变阻器R1触头向左移动时 ,则（） A电流表读数减小 B电容器电荷量增加 CR2消耗的功率增大 DR1两端的电压减小 【答案】 D 【解析】 【详解】 A、变阻器R的触头向左移动一小段时，R1阻值减小，回路的总电阻减小，所以回路的总 电流增大，电流表读数增大，故A 错误 . B、外电路总电阻减小，路端电压U 减小，所以路端电压减小，电容器的带电量减小，故B 错误 . C、由于 R1和 R2并联，
4、由分析可得则R2电压减小，又由于R2电阻不变，所以R2消耗的功 率减小，故C 错误 . D、路端电压减小，而干路电流增加导致R3两端电压增大，由串联分压可得 R1两端的电压 减小，故D 正确 . 故选 D. 【点睛】 本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析，要熟练掌握其解决方法为：局部-整体 -局部的分 析方法；同时注意部分电路欧姆定律的应用 3a、b 两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连。当用大小为F的恒力沿水平方向 拉着 a，使 a、b 一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1;当用恒力 F竖 直向上拉着 a，使 a、b 一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2；当用
5、恒力 F 倾斜 向上向上拉着 a，使 a、b 一起沿粗糙斜面向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x3，如 图所示。则 （ ） Ax1= x2= x3 Bx1 x3= x2 C若 m1m2，则 x1x3= x2 D若 m1m2，则 x1x3= x2 【答案】 A 【解析】 【详解】 通过整体法求出加速度，再利用隔离法求出弹簧的弹力，从而求出弹簧的伸长量。对右 图，运用整体法，由牛顿第二定律得整体的加速度为：；对 b 物体有： T1=m2a1；得；对中间图 ： 运用整体法，由牛顿第二定律得，整体的加速度 为：；对 b 物体有： T2-m2g=m2a2得： ；对左图，整体的 加速度 ：， 对物体 b
6、：，解得；则 T1=T2=T3，根据胡克定律可 知， x1= x2= x3，故 A正确， BCD错误。故选 A。 【点睛】 本题考查了牛顿第二定律和胡克定律的基本运用，掌握整体法和隔离法的灵活运用 解答此题注意应用整体与隔离法，一般在用隔离法时优先从受力最少的物体开始分析，如 果不能得出答案再分析其他物体 4在如图所示的电路中，已知电源的电动势E 5 V，内阻不计， R18 ，R22 ，R35 ，R6 ，滑动变阻器的最大阻值R4 20 ，电容器电容 C2 F ，不计电表内阻的影 响，闭合开关，在滑片从a 端滑到 b 端的过程中，下列说法中正确的是( ) A电流表的示数变大 B电压表的示数变大
7、C电源的总功率变大 D电容器先放电后充电 【答案】 D 【解析】 A、C、当 P 从 a 滑到 b 时，电路总电阻变大，总电流变小，电流表的示数变小，电源的总 功率变小A、C 错误； B、总电流变小，R1、R2支路的电流不变，通过 R3的电流变小，故电 压表示数变小，B正确 ；D、 当 P在 a 端时电容器与R2并联，电容器两端电压UC11V，上 极板带正电 ；当 P在 b 端时，电容器两端电压UC23V，上极板带负电 ， 所以电容器先放 电后充电， D 正确故选BD. 【点睛 】本题考查闭合电路欧姆定律中的含容电路；要注意当无法明确电容器的串并联关 系时则应先求出两端的电势，再求出两端的电势
8、差即可求解 5如图所示，水平挡板A 和竖直挡板B固定在斜面C上，一质量为m 的光滑小球恰能与 两挡板和斜面同时解除，挡板A、B 和斜面 C 对小球的弹力大小分别为 AB FF、和 C F现 使斜面和物体一起在水平面上水平向左做加速度为a 的匀加速直线运动若 AB FF、不会 同时存在，斜面倾角为，重力加速度为g，则下列图像中，可能正确的是 AB CD 【答案】 B 【解析】 【分析】 【详解】 对小球进行受力分析当tanag时如图一，根据牛顿第二定律，水平方向： sin C Fma 竖直方向： cos CA FFmg ，联立得： tan A Fmgma ， sinCFma， A F与 a 成线
9、性关系，当a=0 时， A Fmg， 当tanag时，0 A F C F与 a成线性关系，所以B 图正确 当tanag时，受力如图二，根据牛顿第二定律，水平方向 sin CB FFma ，竖 直方向：cos C Fmg ，联立 得：tan B Fmamg， cos C mg F， B F 与 a 也成线性， C F不变，综上C错误， D 正确 【点睛】 本题关键要注意物理情景的分析，正确画出受力分析示意图，考查了学生对牛顿运动定律 的理解与应用，有一定难度 6质量为 m 的光滑圆柱体A 放在质量也为m 的光滑 “V型槽 B 上,如图 , =60,另有质量为 M 的物体 C 通过跨过定滑轮的不可
10、伸长的细绳与B 相连 ,现将 C 自由释放 ,则下列说法正确 的是（ ） A若 A相对 B 未发生滑动 ,则 A、B、C 三者加速度相同 B当 M=2m 时,A 和 B 共同运动的加速度大小为g C当 3( 31) 2 Mm时， A 和 B之间的正压力刚好为零 D当(31)Mm时 ,A 相对 B刚好发生滑动 【答案】 D 【解析】 【分析】 由题中“有质量为M 的物体 C 通过跨过定滑轮的不可伸长的细绳与B相连”可知，本题考 查牛顿第二定律和受力分析，运用整体法和隔离法可分析本题。 【详解】 A、若 A相对 B 未发生滑动，则AB可看做整体，加速度相同， C的运动方向向下，加速度 方向与 AB
11、 不同，故A错误； B、若 A和 B共同运动的加速度大小为g 时，则 C 得加速度大小也为 g，但对 C隔离分 析， C 不可能做自由落体，因此不论M 等于多少，加速度不能是g，故 B 错误； CD、若 A 和 B 之间的正压力刚好为零，则此时加速度设为a，对 A 受力分析可得 cosFma，sinFmg 解得 3 3 ag 对 A、B、C 整体运用牛顿第二定律可得 (2 )MgMm a 解得 ( 31)Mm 故 C 错误 D 正确； 7如图所示， A、 B 两物体质量均为m，叠放在轻质弹簧上(弹簧下端固定于地面上)。对 A 施加一竖直向下、大小为F(F2mg)的力，将弹簧再压缩一段距离(弹簧
12、始终处于弹性限度 内)而处于平衡状态。现突然撤去力F，设两物体向上运动过程中A、 B间的相互作用力大 小为 FN。不计空气阻力，关于 FN的说法正确的是(重力加速度为g)() A刚撤去力F时， FN 2 mgF B弹簧弹力大小为F时， FN 2 F CA、B的速度最大时，FNmgD弹簧恢复原长时，FN0 【答案】 BCD 【解析】 【详解】 A.在突然撤去F 的瞬间， AB 整体的合力向上，大小为 F，根据牛顿第二定律，有： F=2ma 解得： 2 F a m 对物体 A 受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有： FN-mg=ma 联立解得： 2 N F Fmg，故 A 错误； B.弹
13、簧弹力等于F 时，根据牛顿第二定律得：对整体有： F-2mg=2ma 对 A 有： FN-mg=ma 联立解得： 2 N F F，故 B 正确； D.当物体的合力为零时，速度最大，对A，由平衡条件得 FN=mg，故 C 正确。 C.当弹簧恢复原长时，根据牛顿第二定律得：对整体有： 2mg=2ma 对 A 有： mg-FN=ma 联立解得 FN=0，故 D 正确； 8如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M 的物体 A、B(B物体与弹簧连接，A、B两物体均可视为质点)，弹簧的劲度系数为k，初始时物体 处于静止状态，现用竖直向上的拉力作用在物体A 上，使物体A 开始向上做
14、加速度为a 的 匀加速运动，测得两个物体的v 一 t 图象如图乙所示（重力加速度为g），则 A施加外力前，弹簧的形变量为 2Mg k B外力施加的瞬间，A、B间的弹力大小为 M(g+a) CA、B在 tl时刻分离，此时弹簧弹力筹于物体B的重力 D上升过程中，物体B 速度最大， A、B 两者的距离为 2 2 1 2 Mg at k 【答案】 AD 【解析】 【详解】 A、施加外力F前，物体AB整体平衡，根据平衡条件，有：2Mgkx，解得： 2Mg x k ，故选项 A 正确； B、施加外力F的瞬间，对 B 物体，根据牛顿第二定律，有： AB FMgFMa 弹，其 中：2FMg 弹 ，解得：()
15、AB FM ga，故选项 B 错误； C、物体 A、B 在 t1时刻分离，此时A、B 具有共同的v 与 a 且 FAB=0；对 B有： FMgMa 弹，解得： ()FM ga 弹，故选项 C错误； D、当物体B 的加速度为零时，此时速度最大，则 Mgkx，解得： Mg x k ，故 B 上升 的高度 Mg hxx k ，此时 A 物体上升的高度： 2 2 1 2 hat，故此时两者间的距离为 2 2 1 2 Mg hat k ，故选项D 正确； 说法正确的是选选项AD。 9如图所示，轻弹簧的一端固定在倾角为=30 0 的光滑斜面的底部，另一端和质量m 为 的小物块a 相连，质量为m 的小物块b
16、 紧靠 a 静止在斜面上，此时弹簧的压缩量为x0 ， 从某时刻开始，对b 施加沿斜面向上的外力F，使 b 始终做匀加速直线运动。经过一段时 间后，物块a、b 分离；再经过同样长的时间，b 距其出发点的距离恰好也为x0 ,弹簧的形 变始终在弹性限度内，重力加速度大小为g 。则（） A弹簧的劲度系数 B弹簧恢复原长时物块a、b恰好分离 C物块 b 的加速度为 D拉力 F的最小值为 【答案】 AD 【解析】 【详解】 A、对整体分析，根据平衡条件可知，沿斜面方向上重力的分力与弹簧弹力平衡，则有： ，解得：，故 A 正确 ； B、由题意可知 ，b 经两段相等的时间位移为x0，由匀变速直线运动相邻相等时间内位移关 系的规律可知：， 说明当形变量为时二者分离，故B 错误； C、对 m 分析，因分离时a、b 间没有弹力，则根据牛顿第二定律可知： ， 联立解得：，故 C 错误； D、分离前对整体分析可知，由牛顿第二定律有， 则有刚开始运动时拉力F的最小 ， F的最小值；分离后对b 分析可知，由牛顿 第二定律有，解得，所以拉力F的最小值为，故 D 正 确； 故选
