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1、2020年高考押题预测卷03【课标III卷】理科综合全解全析1234567891011DDDCADCDCBD12131415161718192021ABDCDBBADBCBD1【答案】D【解析】细胞不能无限增大受到细胞表面积/体积的比例（相对表面积）限制和核质比的限制，A错误；细胞凋亡是由基因控制的细胞程序性死亡，是正常的生命现象，有利于维持细胞生物内环境的稳态，B错误；细胞分化后导致不同细胞中细胞器种类和数量不同，C错误；同种生物中染色体数量最多的是有丝分裂后期的细胞，此时细胞内染色体数量加倍，是正常体细胞内染色体数量的2倍，D正确。 2 【答案】D【解析】CTX是多肽，口服后会被分解，失去
2、作用；CTX在核糖体上合成后首先在内质网中进行加工，然后通过囊泡运输到高尔基体进行再加工并运输；MCTX是大分子物质，经过胞吞作用进入细胞内。3【答案】D【解析】过程光合作用的暗反应发生在叶绿体基质；有氧呼吸第一阶段发生的场所是细胞质基质；有氧呼吸第二阶段发生的场所是线粒体基质，过程均不在生物膜上进行，A正确；过程为有氧呼吸的过程，其催化酶类都为呼吸酶；为光合作用光反应，其酶类为光合酶，它们的酶种类不相同，B正确；过程为有氧呼吸三个阶段，都有ATP产生；H2O的光解也有ATP产生，C正确；过程有氧呼吸第二阶段是丙酮酸和H2O反应产生CO2和H，释放少量能量，产生的H部分来自丙酮酸，部分来自H2
3、O，D错误。4【答案】C【解析】生长素的极性运输属于主动运输，而主动运输需要载体蛋白的协助并消耗能量，A正确；细胞分裂素的主要功能是促进细胞分裂，从而增加细胞数量；赤霉素能促进细胞伸长，使细胞的体积增大，由此看出两者都能促进植物生长，但作用机理不同，B正确；乙烯广泛存在于植物多种组织中，但其主要作用是促进果实成熟，促进果实发育的是生长素或赤霉素，C错误；植物激素合成需要的酶受基因的控制，但最终合成的激素在参与植物生长发育的调节中又影响基因的表达，D正确。5【答案】A【解析】曝气孔可增加溶氧量，进而降低厌氧微生物降解有机污染物的能力，A错误；吸附基质增加了微生物附着的表面积，有利于微生物的生理活
4、动，可促进有机污染物的降解，因此能够提高净化效果，B正确；借助植物浮床，可使植物庞大的根系透过小孔牢牢的固定在水体中，植物的根系从水体中吸收氮、磷等物质，可减少水体富营养化，增加水体透明度，恢复水生植物生长，从而起到改善和净化水质的效果，可见，增加水体透明度，恢复水草生长是该修复过程的目标之一，C、D正确。6【答案】D【解析】研究乙病的发病率，应在人群中随机抽样调查，且调查的人群数量足够多，A正确；6患乙病，而3不含乙病的致病基因，且乙病符合“无中生有”的隐性遗传病的特征，因此，乙病属于伴X染色体隐性遗传病，则1的致病基因来自2，而2的致病基因来自2，B正确；由1和2正常，生出患甲病的1可知，
5、甲病为常染色体隐性遗传病，已知在人群中甲病的发病率为4%，即基因型aa的频率为4%，按照遗传平衡定律，则基因a的频率为0.2，那么基因A的频率为0.8，基因型AA的频率为64%，基因型Aa的频率为32%，在人群中，某正常男性是甲病携带者的可能性为：32%（14%）1/3，C正确；根据以上分析可知，1、2的基因型分别为AaXBY、AaXBXb，则4的基因型为A_XBY，3、4的基因型分别为AaXBY、AaXBXb，则5的基因型为A_XBX，4与5婚配，那么后代患甲病的概率为2/32/31/41/9，患乙病的概率为1/21/41/8，则子代2同时患两病的概率为1/91/81/72，D错误。7C 【
6、解析】医用口罩能够有效阻挡病毒的进入人体感染，A不符合题意；聚丙烯树脂为合成树脂材料，属于合成有机高分子材料，B不符合题意；医用酒精中乙醇的体积分数为75%，C符合题意；疫苗中主要成分为蛋白质，若温度过高，蛋白质会发生变性，D不符合题意。故选C。8D 【解析】A由结构简式可知甲、乙的化学式均为C8H14，故A正确；B乙的二氯代物中两个氯原子可在相同或不同的C原子上，如在不同的C上，用定一移一法分析，依次把氯原子定于-CH2或-CH原子上，共有7种，故B正确；C苯为平面形结构，碳碳单键可以旋转，结合三点确定一个平面，可知所有的碳原子可能共平面，故C正确；D乙为饱和烃，与酸性高锰酸钾溶液不反应，故
7、D错误。故选D。故选D。9C 【解析】W、X、Y、Z是原子序数依次增大的短周期元素，X、Y是金属元素，X的焰色呈黄色，为钠元素， W、Z最外层电子数相同，Z的核电荷数是W的2倍，则W为氧元素，Z为硫元素。工业上一般通过电解氧化物的方法获得Y的单质，则Y 为铝元素。A、W、X、Y形成的简单离子核外电子数相同，均是10电子微粒，A正确；B、硫和氧可以形成二氧化硫和三氧化硫两种共价化合物，原子个数比为1:2和1:3，B正确；C、由于硫离子和铝离子水解相互促进生成氢氧化铝和硫化氢，因此硫化铝不能通过复分解反应制备，C错误；D、由于氢氧化铝是两性氧化物，则X、Y和Z三种元素形成的最高价氧化物对应的水化物
8、能两两反应，D正确。故选C。10B 【解析】A.1molNH4NO3溶于稀氨水中溶液中存在电荷守恒：n（NH4+）+n（H+）=n（OH）+n（NO3-），溶液呈中性，则硝酸根离子个数等于铵根离子个数等于NA，A项正确；B. pH=3的NaHSO3溶液中，HSO3的电离大于水解，故溶液中的氢离子主要来自于HSO3的电离，故溶液中水电离出的OH-小于0.001NA，B项错误；C. 40gSiC的物质的量n=40g/40g/mol=1mol，而1mol SiC中含有SiC键4mol即4NA，C项正确；D. 在100g质量分数为3%的甲醛水溶液中含有3g甲醛，含有甲醛的物质的量为0.1mol，0.1
9、mol甲醛分子中含有0.2mol氢原子，由于水分子中也含有氢原子，则该溶液中含有氢原子数大于0.2NA，D项正确；故选B。11D 【解析】A.电解池工作时，CO（NH2）2失去电子，a为阳极发生氧化反应，故A正确； B.阴极水得电子产生H2，则阴极反应式为：2H2O+2e-2OH-+H2，故B正确；C.阳极的电极反应式为：CO（NH2）2-6e-+H2OCO2+N2+6H+，若电路中通过6mol电子，阳极产生N2的物质的量为n（N2）=6mol1/6=1mol，故C正确；D.a极发生CO（NH2）2-6e-+H2OCO2+N2+6H+，a极区溶液中氢离子浓度增大，溶液的pH降低，故D错误。故选
10、D。12A 【解析】A.植物油在NaOH溶液中发生水解反应，矿物油与NaOH溶液分层，现象不同可鉴别，A项正确； B.H2C2O4为弱酸，离子反应中不拆，B项错误；C. Zn、Fe构成原电池，金属性：ZnFe，活泼的做负极，故Zn做负极，C项错误；D.钠与无水乙醇反应，会产生氢气，由于钠密度大于乙醇密度，所以会沉底，但产生的氢气会使钠的浮力增大，慢慢的就会浮于水面，D项错误；故选A。13B 【解析】A. 四甲基氢氧化铵（CH3）4NOH是强碱，甲胺（CH3NH2H2O）为弱碱，同浓度的两种溶液中四甲基氢氧化铵（CH3）4NOH的导电率大，所以曲线2为四甲基氢氧化铵（CH3）4NOH，故A错误；
11、B.KaKh=Kw，CH3NH3Cl的水解常数为10-14/10-3.38=10-10.62，其数量级为1011。 C.b点溶液中溶质为CH3NH2H2O和CH3NH3Cl混合物，比例关系不明确，故C错误； D. 体积为20mL、浓度为0.1molL1的甲胺溶液，滴加浓度为0.1molL1的盐酸，当滴加20mL盐酸时，恰好完全反应，此时溶液中溶质为强酸弱碱盐，促进水电离，此时水电离程度最大，即b、c、e三点中c点水的电离程度最大，故D错误；故选B。14【答案】D【解析】由题图甲所示的实验装置测量铷的遏止电压Uc，因光电管左端为阳极，则电源左端为负极，故选项A错误；当电源左端为正极时，滑动变阻器
12、的滑片向右滑动的过程中，光电管两端电压增大，光电流增大，当光电流达到饱和值，不再增大，即电流表读数的变化是先增大后不变，故选项B错误；光电子的最大初动能与入射光的频率和金属的逸出功有关，与入射光的强度无关，故选项C错误；根据题图乙可知，铷的截止频率c5.151014 Hz，根据hcW0，则可求出该金属的逸出功大小W06.6310345.151014 J3.411019 J，根据光电效应方程EkhW0，当入射光的频率为7.001014 Hz时，则最大初动能为Ek6.6310347.001014 J3.411019 J1.21019 J，故选项D正确。15【答案】C【解析】物块沿木板匀速下滑，所受
13、合力为零，根据平衡条件得，若增大木板的倾角重力沿木板向下的分力增大，滑动摩擦力，减小，物块将沿木板做加速运动，故A错误；对物块A施加一个竖直向下的力，由于，物块的合力仍为零，仍做匀速运动，故B错误；对物块A施加一个垂直于木板向下的力，物块的滑动摩擦力，增大，物块A的合力沿木板向上，物块做减速运动，可以使物块停下，故C正确。D在物块A上叠放一重物B，则有，物块A不可能停下，故D错误。故选：C。16【答案】D【解析】由图知体重计示数40kg，示数小于真实体重，说明压力小于重力，失重并不是体重变小，故A错误。晓敏同学对体重计的压力和体重计对晓敏的支持力是相互作用力，二者大小相等且方向相反，故B错误。
14、失重表明加速度方向向下，但是速度可能向上可能向下，因此C错误。对晓敏同学由牛顿第二定律知mg-FN=ma，因此ag/5，方向竖直向下。故本题选D。17【答案】B【解析】从甲图中半圆环对球的引力为F可知圆环对球的引力大小为，方向沿圆环的角平分线。将乙环分成三个圆环，关于圆心对称的两个圆环对球的引力的合力为零，因此乙图中圆环对球的引力大小等于。故本题选B。18【答案】B【解析】设圆锥筒的底角大小为2，匀速圆周运动中重力和支持力的合力提供向心力，由=和rArB知vAvB，因此A错误。由=m2r知ATB,因此C错误。由sin=知支持力大小方向都相同，因此D错误。故本题选B。19【答案】AD【解析】正电
15、荷在电势高的地方电势能大，正电荷从d到f电势能增加， f点电势高于d点电势，故N点放置正电荷，因此选项A正确、B都错误。d点与f点关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，因此选项C错误。将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到 e点，电势先减小后增大，电势能先减小后增大到原来值，故电场力先做正功后做负功。因此选项D正确。故本题选D。20【答案】BC【解析】球刚进入电场、磁场区域时受力如图，因此小球向右偏转。由于洛伦兹力与速度有关，故小球所受的合力大小方向都变化，电场力做正功电势能减小，因此选项A错误B正确。由于洛伦兹力不做功，系统能量守恒，因此选项C正确。当磁场变强，竖直方向平均加速度变小，运动时间变长，水平方向平均加速度增大，小球落地点的水平位移增大，电场力做正功增加，重力做的正功不变，总功增加，由动能定理知小球的动能增大，因此选项D错误。故本题选BC。21【答案】BD。【解析】由图知4s末速度大于18m/s，故A错误。14s末的斜率为零表示加速度为零，因此B正确。由图知前2s内，运动员下落的加速度为8m/s2，可知前
