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1、山东省济南市历城第二中学2020届高三物理模拟试题一、选择题1.下列说法符合史实的是 A. 伽利略提出力是维持物体运动的原因B. 亚里士多德猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C. 笛卡尔通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持D. 牛顿认为力的真正效应是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动【答案】D【解析】【详解】A. 亚里士多德提出力是维持物体运动的原因，故A错误；B. 伽利略用数学和逻辑推理得出了自由落体的速度与下落时间成正比，而不是直接用实验验证这个结论。故B错误；C. 伽利略利用“理想斜面实验”发现了物体的运动不需要力来维持，推翻了“力是维持物体运动的原
2、因”的观点，故C错误；D. 牛顿认为力的真正效应是改变物体的速度，产生加速度，而不仅仅是使之运动，故D正确。2.m、n两种单色光以相同的入射角和入射点从空气斜射向长方形玻璃砖，其光路如图所示关于m、n两种单色光，下列说法正确的是A. 玻璃砖对m光的折射率较小B. m光的光子能量较小C. 对同一双缝干涉装置，m光的干涉条纹间距较小D. m光在该玻璃中传播的速度较大【答案】C【解析】【详解】由光路图可知m的折射率比n大，选项A错误m光的折射率大，则m的频率大，得知m光的能量大，选项B错误由可知，m光的波长小，条纹间距可知m光的条纹间距小，选项C正确由可知，m光在玻璃中的传播速度小，选项D错误故选C
3、.3.目前，在居家装修中，经常用到花岗岩、大理石等装修材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素，比如有些含有铀钍的花岗岩等岩石都会释放出放射性惰性气体氡，而氢会发生放射性衰变，放出、射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道方面的疾病，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是A. 衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时产生并发射出来的B. 射线是原子核外电子电离形成的质子流它具有很强的穿透能力C. 已知氢的半衰期为3.8天，若取1g氢放在天平左盘上，砝码放于右盘，左右两边恰好平衡，则3.8天后，需取走0.5g砝码天平才能再次平衡D. 发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4【答
4、案】A【解析】【详解】A、衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时产生并发射出来的，故A正确，B、射线是电子流，并不是质子流，它的穿透能力强于射线，弱于射线，穿透能力中等，故B错误；C、氡的半衰期为3.8天，经3.8天后，有0.5克衰变成新核，新的原子核仍然留在天平左盘中，故取走的砝码应小于0.5克，天平才能再次平衡故C错误D、发生衰变时，电荷数少2（即质子数减少2），质量数少4，故中子数减少2，故D错误4.如图所示，在水平匀强电场中，有一带电粒子（不计重力）以一定的初速度从M点运动到N点，则在此过程中，以下说法中正确的是（ ）A. 电场力对该带电粒子一定做正功B. 该带电粒子的运动速度一
5、定减小C. M、N点的电势一定有MND. 该带电粒子运动的轨迹一定是直线【答案】C【解析】【详解】AB粒子的带电性质不知道，所以受到的电场力方向不确定，电场力可能做正功也可能做负功，则粒子的速度可能增加也可能减小，故AB错误；C沿着电场线的方向电势一定降低，所以MN，故C正确；D粒子只受电场力作用，电场力的方向在水平方向，而粒子的运动方向和水平方向有一夹角，所以粒子不会做直线运动，故D错误；故选C.5.地动仪是世界上最早的感知地震装置，由我国杰出的科学家张衡在洛阳制成，早于欧洲1700多年如图所示，为一现代仿制的地动仪，龙口中的铜珠到蟾蜍口的距离为，当感知到地震时，质量为的铜珠（初速度为零）离
6、开龙口，落入蟾蜍口中，与蟾蜍口碰撞的时间约为，则铜珠对蟾蜍口产生的冲击力大小约为 A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】铜珠做自由落体运动，落到蟾蜍口速度为：以竖直向上为正方向，根据动量定理可知：Ft-mgt=0-（-mv）解得：A，与结论相符，选项A正确；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论不相符，选项D错误；故选A.6.一飞船围绕地球做匀速圆周运动，其离地面的高度为H，若已知地球表面重力加速度为g，地球半径R。则飞船所在处的重力加速度大小A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式在地球表面
7、：在离地面的高度为H处：解得：A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论相符，选项C正确；D，与结论不相符，选项D错误；故选C.7.如图所示，高层住宅外安装空调主机时，电机通过缆绳牵引主机。为避免主机与阳台、窗户碰撞，通常会用一根拉绳拽着主机，地面上拽拉绳的人通过移动位置，使拉绳与竖直方向的夹角保持不变，在此过程中主机沿竖直方向匀速上升，则在提升主机过程中，下列说法正确的是A. 缆绳拉力和拉绳拉力大小都不变B. 缆绳拉力和拉绳拉力大小都增大C. 缆绳与竖直方向的夹角a可能大于拉绳与竖直方向的夹角D. 缆绳拉力的功率保持不变【答案】B【解析】【详解】A主机竖直向上匀速
8、运动故合力为零，受力分析如图：在上升过程中，增大，而不变，则三个力构成动态平衡，重力mg为恒力，F2保持方向不变，F1顺时针转动，由图解法可判断出缆绳拉力F1和拉绳拉力F2都增大，故A错误，B正确；C由三力平衡特点（任意两个力的合力与第三个力等大反向）可知，F1的方向始终在mg和F2所夹的的对角线的反向延长线上，则一定有缆绳与竖直方向的夹角小于角，故C错误；D对于主机向上做匀速直线运动，由动能定理可知：而拉力F2的功率为PF2=F2vcos，由于F2变大，而不变，则拉力F2的功率会增大，由可知F1的功率增大，故D错误。故选B。8.如图所示，水平面O点左侧光滑，O点右侧粗糙且足够长，有10个质量
9、均为m完全相同的小滑块（可视为质点）用轻细杆相连，相邻小滑块间的距离为L，滑块1恰好位于O点，滑块2、3依次沿直线水平向左排开，现将水平恒力F作用于滑块1，经观察发现，在第3个小滑块进入粗糙地带后到第4个小滑块进入粗糙地带前这一过程中，小滑块做匀速直线运动，已知重力加速度为g，则下列说法正确的是A. 粗糙地带与滑块间的动摩擦因数B. 匀速运动过程中速度大小C. 第一个滑块进入粗糙地带后，第二个滑块进入前各段轻杆的弹力大小相等D. 在水平恒力F作用下，10个滑块全部可以进入粗糙地带【答案】B【解析】【详解】A、对整体分析，根据共点力平衡得，F=3mg，解得，故A错误.B、根据动能定理得，解得，故
10、B正确C、第一个滑块进入粗糙地带后，整体仍然做加速运动，各个物体的加速度相同，隔离分析，由于选择的研究对象质量不同，根据牛顿第二定律知，杆子的弹力大小不等，故C错误.D、在水平恒力F作用下，由于第4个滑块进入粗糙地带，整体将做减速运动，设第n块能进入粗焅地带，由动能定理：，解得：n=7,所以10个滑块不能全部进入粗糙地带，故D错误故选B.二、多项选择9.如图所示,斜面AB高h，C是斜面AB的中点,D点在B点的正上方2h处。从D点以不同的水平速度抛出两个小球,球1落在A点，球2落在C点,不计空气阻力,关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程,下列说法确的是（ ）A. 球1和球2动能增加量之比2
11、：3B. 球1和球2运动的时间之比为:1C. 球1和球2抛出时初速度之比为:1D. 球1和球2的速度变化量之比为【答案】AD【解析】【详解】A因为A点和C点的竖直高度分别为h和1.5h，则根据动能定理可知，球1和球2动能增加量之比2：3，选项A正确；B根据可知，球1和球2运动的时间之比为，选项B错误；C球1和球2的水平射程之比为1:2，根据可得抛出时初速度之比为:4，选项C错误；D根据，则球1和球2的速度变化量之比为，选项D正确；故选AD.10.回旋加速器的工作原理如图所示：真空容器D形盒放在与盒面垂直的匀强磁场中，且磁感应强度B保持不变。两盒间狭缝间距很小，粒子从粒子源A处（D形盒圆心）进入
12、加速电场（初速度近似为零）D形盒半径为R，粒子质量为m、电荷量为+q，加速器接电压为U的高频交流电源若相对论效应、粒子所受重力和带电粒子穿过狭缝的时间均不考虑下列论述正确的是A. 交流电源的频率可以任意调节不受其他条件的限制B. 加速氘核()和氦核()两次所接高频电源的频率不相同C. 加速氘核()和氦核()它们的最大速度相等D. 增大U，粒子在D型盒内运动的总时间t 减少【答案】CD【解析】【详解】A根据回旋加速器的原理，每转一周粒子被加速两次，交流电完成一次周期性变化，粒子做圆周运动洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得粒子做圆周运动的周期交流电源的频率解得可知交流电源的频率不可以任意调节，故
13、A错误；B加速不同的粒子，交流电源的频率由于氘核()和氦核()的比荷相同，所以加速氘核()和氦核()两次所接高频电源的频率相同，故B错误；C粒子加速后的最大轨道半径等于D型盒的半径，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得解得粒子的最大运行速度由于氘核()和氦核()的比荷相同，所以加速氘核()和氦核()它们的最大速度相等，故C正确；D粒子完成一次圆周运动被电场加速2次，由动能定理得经过的周期个数为最大动能为粒子在D型盒磁场内运动的时间即U越大，t越小，故D正确故选CD。11.甲乙两车在相邻的平行车道同向行驶，做直线运动，v-t图象如图所示，二者最终停在同一斑马线处，则（）A. 甲车的加速度小于乙车
14、的加速度B. t=0时乙车在甲车前方8.4m处C. t=3s时甲车在乙车前方0.6m处D. 前3s内甲车始终在乙车后边【答案】BC【解析】【详解】A根据vt图的斜率大小表示加速度大小，斜率绝对值越大加速度越大，则知甲车的加速度大于乙车的加速度，故A错误；B设甲运动的总时间为t，根据几何关系可得：得t=3.6s在03.6s内，甲的位移=32.4m04s内，乙的位移=24m因二者最终停同一斑马线处，所以，t=0时乙车在甲车前方x甲x乙=8.4m故B正确；C03s内，甲、乙位移之差x=m=9m因t=0时乙车在甲车前方8.4m处，所以t=3s时甲车在乙车前方0.6m处，故C正确；D由上分析知，前3s内
15、甲车先在乙车后边，后在乙车的前边，故D错误。故选BC。12.如图所示，滑块A，B的质量均为m，A套在固定倾斜直杆上，倾斜杆与水平面成45角，B套在固定水平的直杆上，两杆分离不接触，两直杆间的距离忽略不计，且杆足够长，A，B通过铰链用长度为L的刚性轻杆（初始时轻杆与水平面成30角）连接，A，B从静止释放，B开始沿水平面向右运动，不计一切摩擦，滑块A，B均视为质点，在运动的过程中，下列说法正确的是（ ）A. 当A到达与B同一水平面时vB=vAB. 当A到达与B同一水平面时，B的速度为C. B滑块到达最右端时，A的速度为D. B滑块最大动能为【答案】BD【解析】【详解】AB从开始到A到达与B同一水平面的过程，由系统的机械能守恒得又即解得
