《山东省潍坊市2020届高三物理下学期模拟试题[含解析]》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省潍坊市2020届高三物理下学期模拟试题[含解析]（24页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、山东省潍坊市2020届高三物理下学期模拟试题一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.山东海阳核电站是中国核电AP1000技术的标志性项目，其反应堆的核反应方程为，下列说法中正确的是（）A. 该反应中X是质子B. 该反应中X是电子C. 中有88个中子D. 的结合能比的结合能大【答案】C【解析】【详解】AB设反应物的电荷数为x，则解得根据质量数守恒可知所以反应物为中子，故AB错误；C中的中子数为故C正确；D是重核，其原子核质量大于，结合能也更大，故D错误。故选C。2.灌浆机可以将涂料以速度v持续喷在墙壁上，涂料打在墙壁上后完全附着
2、在墙壁上。涂料的密度为，墙壁上涂料厚度每秒增加u，不计涂料重力的作用，则喷涂料对墙产生的压强为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】在涂料持续飞向墙壁并不断附着在墙壁上的过程中，涂料小颗粒的速度从v变为0，其动量的变化缘于墙壁对它的冲量，于是以时间内喷到墙壁上面积为、质量为的涂料为分析对象，墙壁对它的作用力为F，涂料增加的厚度为h。由动量定理知又联立可得故A正确，BCD错误。故选A。3.如图所示，分别用频率为、的光照射某光电管，对应的遏止电压之比为1:3，普朗克常量用表示，则（）A. 用频率为的光照射该光电管时有光电子逸出B. 该光电管的逸出功为C. 用的光照射时逸出光电子的初
3、动能一定大D. 加正向电压时，用的光照射时饱和光电流一定大【答案】B【解析】【详解】AB根据光电效应方程联立解得频率为的单色光光子能量故用频率为的光照射该光电管时不能发生光电效应，即无光电子逸出，故A错误，B正确；C根据光电效应方程可知，光子频率越大，光电子的最大初动能越大，但是逸出光电子的初动能小于等于最大初动能，所以用的光照射时逸出光电子的初动能不一定大，故C错误；D在发生光电效应的前提下，饱和光电流的强度只与光照强度有关，电压只是提高光电子的动能，增大电流。到达一定程度之后肯定要受到光电子数量的约束，电流不再增大，故D错误。故选B。4.蛟龙号深潜器在执行某次实验任务时，外部携带一装有氧气
4、的气缸，气缸导热良好，活塞与缸壁间无摩擦且与海水相通。已知海水温度随深度增加而降低，则深潜器下潜过程中，下列说法正确的是（）A. 每个氧气分子的动能均减小B. 氧气放出的热量等于其内能的减少量C. 氧气分子单位时间撞击缸壁单位面积的次数增加D. 氧气分子每次对缸壁的平均撞击力增大【答案】C【解析】【详解】A海水温度随深度增加而降低，气缸导热良好，氧气分子平均动能降低，但不是每个氧气分子的动能均减小，故A错误；B根据热力学第一定律内能的减少量等于氧气放出的热量和外界对氧气做功之和，故B错误；C根据液体压强公式可知随下潜深度增加，海水压强增大，由于活塞与缸壁间无摩擦且与海水相通，氧气压强增加，即氧
5、气分子单位时间撞击缸壁单位面积的次数增加，故C正确；D根据冲量定理氧气分子平均动能降低，氧气分子每次对缸壁的平均撞击力减小，故D错误。故选C。5.如图所示，两单色光a、b分别沿半径方向由空气射入半圆形玻璃砖，出射光合成一束复色光P，已知单色光a、b与法线间的夹角分别为45和30，则a光与b光（）A. 在玻璃砖中的折射率之比为B. 在玻璃砖中的传播时间之比为C. 在玻璃砖中的波长之比为D. 由该玻璃砖射向真空时临界角之比为【答案】BCD【解析】【详解】A假设两单色光a、b折射角为，则a光折射率为则b光折射率为解得故A错误；B根据由于路程和光速一样，可得故B正确；C根据从一种介质进入另一种介质的波
6、，频率不变，光速一样，可得故C正确；D临界角公式可得故D正确。故选BCD。6.一列简谐横波沿轴传播，图甲是时的波形图，图乙是处质点的振动图像，a、b质点在x轴上平衡位置分别为，下列说法正确的是（）A. 波沿轴正方向传播B. 波的传播速变为0.5m/sC. t=1.5s时，a、b两点的速度和加速度均等大反向D. 从t=1.0s到t=1.5s质点a的路程为10cm【答案】C【解析】【详解】A由图乙可知，时刻质点速度向上，由波形平移法可知，这列波沿轴负方向传播，故A错误；B由图知则波速为故B错误；Ca、b质点在x轴上平衡位置分别为则可知，a、b相距半个波长，故此两点为反相点，a、b两点速度和加速度均
7、等大反向，故C正确；D从1.0s到1.5s，质点a经过个周期，经过平衡点时的速度大，则故D错误。故选C。7.如图所示，理想变压器原线圈接在正弦交流电源上，副线圈接有两个相同的灯泡，灯泡的额定电压为110V，电流表、电压表均为理想电表。开关S闭合时电流表示数相同，两灯泡均正常发光，若断开开关S，导线电阻不计，则（）A. 电流表A2示数变大B. 电压表V2示数变大C. 电压表V1示数为VD. 电流表A1和A2示数之比为1:2【答案】D【解析】【详解】A在副线圈中，两个灯泡是并联的关系互相不影响，若断开开关S，则灯泡L1不受影响，则可知电流表A2示数不变，故A错误；B由变压器公式当断开开关S时，匝数
8、比和U1均不变，则电压表V2示数也不变，故B错误；C由于副线圈两灯泡并联，则两灯泡电压相同，又因为两个灯泡完全相同，电阻一样，则根据可知两个灯泡电流也相同，根据题意，断开开关之前两个电流表示数相同，由变压器公式由题意得则而原线圈电压始终不变，故C错误；D断开开关前后，由于原线圈电压U1不变，匝数比也不变，则副线圈U2也不变，根据输入功率等于输出功率得解得故D正确。故选D。8.如图所示，通过轻绳和滑轮从矿井中提升重物，光滑动滑轮下吊重物，轻绳a左端固定在井壁的M点，另一端固定在光滑的滑环N上，轻绳b的下端系在滑环N上并绕过定滑轮，滑环N套在竖直杆上。在右侧地面上拉动轻绳b使重物缓慢上升的过程中，
9、下列说法正确的是（）A. 绳a的拉力变大B. 绳b的拉力变大C. 杆对滑环的弹力变大D. 绳b的拉力始终比绳a的小【答案】D【解析】【详解】A重物缓慢上升的过程中，对重物受力分析，如图所示根据正交分解可得解得设轻绳a的总长为l，井口的宽度为d，如图所示则根据几何关系可得，又，联立可得，在缓慢向上的过程中，l和d保持不变，故不变，所以不变，根据，可知不变，故A错误；BC对N点受力分析根据正交分解可得，联立解得，绳b的拉力保持不变，由A项分析可知，绳a的夹角不变，则不变，杆对滑环的弹力不变，故BC错误；D由于根据所以故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出
10、的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示，带电量为+q和的点电荷分别位于绝缘薄圆盘中心轴线上，两电荷到圆心O的距离相等。A点位于圆盘边缘，B点为某半径的中点，关于A、B、O三点电场强度E的大小和电势的高低关系判断正确的是（）A. B. C. D. 【答案】AD【解析】【详解】AB根据等量异种点电荷中垂面上电场线分布的特点可知，圆心O处场强最大，离圆心越远，电场线越稀疏，场强越小，即故A正确，B错误；CD圆盘处在等量异种电荷的中垂面上，所以此圆盘是一个等势体，薄圆盘表面是一个等势面，即故C错误，D正确。故选AD。10.在宇宙中，当一颗恒
11、星靠近黑洞时，黑洞和恒星可以相互绕行，从而组成双星系统。在相互绕行的过程中，质量较大的恒星上的物质会逐渐被吸入到质量较小的黑洞中，从而被吞噬掉，黑洞吞噬恒星的过程也被称之为“潮汐瓦解事件”。天鹅座X1就是这样一个由黑洞和恒星组成的双星系统，它们以两者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，如图所示。在刚开始吞噬的较短时间内，恒星和黑洞的距离不变，则在这段时间内，下列说法正确的是（）A. 它们间的万有引力大小变大B. 它们间的万有引力大小不变C. 恒星做圆周运动的线速度变大D. 恒星做圆周运动的角速度变大【答案】AC【解析】【分析】【详解】AB设质量较大的为，质量较小的为，则两者之间的万有引力为解得
12、数学知识可知，当时，有最大值，根据题意可知质量较小的黑洞吞噬质量较大的恒星，因此万有引力变大，故A正确，B错误；CD对于两天体，万有引力提供向心力，即解得两天体质量表达式为两天体总质量表达式为两天体的总质量不变，天体之间的距离L不变，因此天体的周期T和角速度也不变，质量较小的黑洞的质量增大，因此恒星的圆周运动半径增大，根据可知，恒星的线速度增大。故C正确，D错误。故选AC。11.如图甲所示，导线制成的等边三角形OMN放置在水平桌面上，竖直向下的匀强磁场穿过桌面。剪下MN间的导线，向左平移到O点，现使其在水平外力F作用下紧贴MON向右匀速运动，从O点开始计时，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙
13、所示，棒未脱离MON之前，外力F、棒与MON构成的闭合电路中的电动势E、电路中的电流I、外力的功率P与时间t变化的关系正确的是（）A. B. C. D. 【答案】BCD【解析】【详解】设图乙图象中的一次函数解析式为由几何知识可知，导体棒切割磁感线的有效长度为设单位长度电阻为R，回路的总电阻为感生电动势为因此根据联立可得因此由于其在水平外力F作用下紧贴MON向右匀速运动，即联立可得因此根据联立可得因此故A错误，BCD正确。故选BCD。12.如图所示，两平行光滑杆水平放置，两相同的小球M、N分别套在两杆上，并由轻弹簧拴接，弹簧与杆垂直。已知两杆间距为0.4m，弹簧原长为0.5m，两球的质量均为0.
14、2kg。现给M球一沿杆向右的瞬时冲量，关于之后的运动，以下说法正确的是（）A. M球在开始的一段时间内做加速度增大的加速运动，直到达到运动中的最大速度B. 弹簧第一次达到0.6m时，M球的速度大小为3m/sC. 弹簧达到0.5m时，M球和N球总动能最大D. 弹簧达到最长时，M球的速度大小为1.5m/s【答案】BCD【解析】【详解】A在最开始时，弹簧处于压缩状态，当M球开始运动后，弹簧恢复原长，形变量逐渐减小，因此弹力逐渐减小，根据牛顿第二定律可知，加速度逐渐减小，即该过程M球做加速度逐渐减小的加速运动，故A错误；B设一开始弹簧形变量为，当弹簧达到0.6m时形变量为，则有M球在瞬间冲量作用后，获得动量，由动量定理可得两球和弹簧组成的系统，合外力为零，根据动量守恒定律可得当弹簧第一次达到0.6m时，根据能量守恒定律有解得即弹簧达到0.6m时，M球的速度大小为3m/s，故B正确；C根据能量守恒定律，该过程M球和N球的总动能与弹簧的弹性势能相互转化，当弹簧的弹性势能为0时，M球和N球的总动能达
