【全程复习方略】福建省高三物理 单元评估检测4 鲁科版

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1、【全程复习方略】福建省2014届高三物理 单元评估检测4 鲁科版单元评估检测(四) 第六、七章(90分钟 100分)一、选择题(本大题共10小题，每小题5分，共50分.每小题只有一个选项正确)1.(2012厦门模拟)点电荷A和B，分别带正电和负电，电量分别为4Q和Q，在AB连线上，如图所示，电场强度为零的地方在( )A.A和B之间B.A右侧C.B左侧D.A的右侧及B的左侧2.(创新题)真空中有一半径为r0的带电金属球壳，通过其球心的一直线上各点的电势分布如图，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离.下列说法中正确的是( )A.A点的电势低于B点的电势B.

2、A点的电场强度方向由A指向BC.A点的电场强度小于B点的电场强度D.正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做负功3.(2012桂林模拟)空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成了如图所示稳定的静电场.实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则( )A.A点和B点的电势相同B.C点和D点的电场强度相同C.正电荷从A点移至B点，电场力做正功D.负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增大后减小4.(易错题)如图所示，两个电阻的阻值均为100 ，A、B两端的电压保持12 V不变，现用一个内阻为1

3、.45 k 的电压表去测量某个电阻两端的电压，读数为( )A.6 V B.5.8 V C.5.2 V D.6.8V5.(易错题)如图所示，一台电动机提着质量为m的物体，以速度v匀速上升.已知电动机线圈的电阻为R，电源电动势为E，通过电源的电流为I，当地重力加速度为g,忽略一切阻力及导线电阻，则( )A.电源内阻r=-RB.电源内阻r=-C.如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变大D.如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变小6.(2012南昌模拟)在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S,将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结

4、论正确的是( )A.灯泡L变亮B.电源的输出功率变大C.电容器C上的电荷量减少D.电流表读数变小，电压表读数变大7.(易错题)如图所示，R1、R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度增大时( )A.电压表的示数减小B.R2中电流减小C.小灯泡的功率减小D.电路的路端电压增大8.(创新题)静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小.如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板，G为静电计.开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开的角度增大些，下列采取的措施可行的是( )A.断开开关S后，将A、B两极板分开些B.保持开关

5、S闭合，将A、B两极板分开些C.保持开关S闭合，将A、B两极板靠近些D.保持开关S闭合，将变阻器滑动触头向右移动9.(预测题)如图所示，光滑绝缘斜面的底端固定着一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动.设斜面足够长，则在Q向上运动过程中( )A.物块Q的动能一直增大B.物块Q的电势能一直增大C.物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D.物块Q的机械能一直增大10.如图所示，水平放置的平行板电容器与一直流电源相连，在两板中央有一带电液滴处于静止状态.现通过瞬间平移和缓慢平移两种方法将A板移到图中虚线位置.下列关于带电液滴运动的说法中正确的是( )A

6、.上述两种方法中，液滴都向B板做匀加速直线运动B.采用瞬间平移的方法，液滴运动到B板经历的时间短C.采用缓慢平移的方法，液滴运动到B板时速度大D.采用缓慢平移的方法，液滴运动到B板过程中电场力做功多二、实验题(本大题共2小题，共12分)11.(2012泉州模拟)(6分)某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量圆柱体的直径d，示数如图.由图可读出l=_cm，d=_mm.12.(2011山东高考)(6分)某同学利用图甲所示电路，探究了电源在不同负载下的输出功率.(1)所得实验数据如表，请在给出的直角坐标系上画出U-I的图象.U/V1.961.861.801.841.641.56I/A

7、0.050.150.250.350.450.55(2)根据所画U-I的图象，可求得电流I=0.20 A时电源的输出功率为_ W.(保留两位有效数字)(3)实验完成后，该同学对实验方案进行了反思，认为按图甲电路进行实验操作的过程中存在安全隐患，并对电路重新设计.在图乙所示的电路中，你认为既能测出电源在不同负载下的输出功率，又能消除安全隐患的是_.(Rx阻值未知)三、计算题(本大题共3小题，共38分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)13.(易错题)(12分)如图所示的电路中，开关闭合时,电路消耗的总功率为40 W，电阻R1为4 ，R2为6 ，电源内阻r为0.6 ，电源的效率为

8、94%，求：(1)a、b两点间的电压；(2)电源的电动势.14.(2012莆田模拟)(12分)某一用直流电动机提升重物的装置，如图所示.电动机线圈的电阻为4 ,重物的质量m=50 kg.不计电源内阻及各处的摩擦.当电动机以v=0.6 m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流I=5 A(g取10 m/s2).(1)求电源的电动势E;(2)求该装置的效率.15.(易错题)(14分)如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方h高度的P点，固定电荷量为+Q的点电荷.一质量为m、带电荷量为+q的物块(可视为质点)，从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方B点时速度为v.已知点电

9、荷产生的电场在A点的电势为(取无穷远处电势为零)，PA连线与水平轨道的夹角为60，试求：(1)物块在A点时受到的轨道的支持力大小.(2)点电荷+Q产生的电场在B点的电势大小.答案解析1.【解析】选C.根据点电荷周围场强公式E=以及场强的方向规定，可以确定出AB连线上B点左侧、BA之间以及A点右侧场强的大小和方向情况，可知BA之间合场强向左，A点右侧合场强向右，只有B点左侧某一位置电场强度可为零，故选C.2.【解析】选B.由图可以看出，沿A、B方向电势降低，电场方向由A指向B，AB，A错误，B正确；由图可知A点电势降低较快，故有EAEB，C错误；由WAB=UABq，UAB0，q0可知，WAB0，

10、即电场力做正功，D错误.【变式备选】(2011上海高考)两个等量异种点电荷位于x轴上，相对原点对称分布，正确描述电势随位置x变化规律的是图( )【解析】选A.等量异种点电荷的电场线分布如图所示.正、负电荷在连线中点处产生的电势一正一负，故此处即坐标原点处的总电势为零.又沿电场线方向电势逐渐降低，因此，在坐标原点左侧，各点的电势都大于零；在坐标原点右侧，各点的电势都小于零，正电荷处电势最高，负电荷处电势最低，无穷远处的电势为零.因此，选项A正确.3.【解析】选C.由题图可知，A、B两点不在同一等势面上，电势不相同，A错误；由对称性可知，C、D两点的电场强度方向不同，B错误；由WAB=UABq，U

11、AB0，q0可知，WAB0，C正确；沿CD直线，由C到D，电势先增大后减小，故负电荷由C沿直线CD移至D点，电势能先减小后增大，D错误.4.【解题指南】解答本题应注意以下两点：(1)实际的电压表相当于一个电阻，应注意电压表测电阻时，相当于电路中并联一个电阻.(2)将电压表并联在被测电阻两端时，电阻的实际电压比原来值要小.【解析】选B.电压表与电阻R的并联电阻为R=93.5 电压表的读数为UV=V=5.8 V,故B正确.5.【解析】选C.由于电动机是非纯电阻元件，欧姆定律不再适用，电动机的输入功率P1=UI.热功率P2=I2R，输出功率P3=mgv,P1=P2+P3，可解得：U=IR+，又由闭合

12、电路欧姆定律得：E=U+Ir，解得:r=-R;当电动机被卡住时，电动机变成纯电阻元件，I总=，电流增大，故电源消耗的功率P增大，所以选项C正确.6.【解析】选D.当P向左移动时，电路中总电阻变大，总电流减小，故灯泡变暗，电源输出功率变小,电流表示数变小,电压表示数变大，电容器两端电压增大，电容器C上的电荷量增加，故D正确.7.【解析】选B.当光强度增大时，R3阻值减小，外电路电阻随R3的减小而减小，R1两端电压因干路电流增大而增大，同时内电压增大，故电路路端电压减小，而电压表的示数增大，A、D项均错误；由路端电压减小，而R1两端电压增大知，R2两端电压必减小，则R2中电流减小，故B项正确；结合

13、干路电流增大知流过小灯泡的电流必增大，则小灯泡的功率增大，故C项错误.8.【解析】选A.要使静电计的指针张开角度增大些，必须使静电计金属球和外壳之间的电势差增大，断开开关S后，将A、B两极板分开些，电容器的带电量不变，电容减小，电势差增大，A正确；保持开关S闭合，将A、B两极板分开或靠近些，静电计金属球和外壳之间的电势差不变，B、C错误；保持开关S闭合，将滑动变阻器滑动触头向右或向左移动，静电计金属球和外壳之间的电势差不变，D错误.9.【解析】选D.由F库-mgsin=ma可知，物块沿斜面的加速度先向上逐渐减小，再沿斜面向下，逐渐增大，其速度先增大后减小，故物块Q的动能先增大再减小，A错误；因

14、电场力始终做正功，故电势能一直减小，物块Q的机械能一直增大，B错误，D正确；因只有电场力、重力做功，物块的电势能、重力势能、动能之和守恒，又知动能先增大后减小，故重力势能和电势能之和先减小后增大，C错误.【总结提升】电场中功能关系的应用(1)若只有电场力做功，电荷的电势能与动能相互转化，两者之和守恒. (2)若只有电场力和重力做功，电荷的电势能、重力势能与动能相互转化，其总和守恒.(3)电场力做功与电荷电势能的变化相对应，电场力做正功，电势能减少，电场力做负功，电势能增加.(4)合外力对电荷所做的总功等于电荷动能的增量.10.【解析】选B.瞬间平移使带电液滴加速度突然增大立即做匀加速运动，而缓

15、慢平移至虚线位置这一阶段，带电液滴电场力缓慢增大，加速度也缓慢增大，到达虚线位置以后才开始做匀加速运动，所以瞬间平移使带电液滴到达B板的时间短，做功多，速度大，故答案为B.11.【解析】游标卡尺主尺为2.2 cm,游标尺为5mm=0.5 mm=0.05 cm.故l=2.2 cm+0.05 cm=2.25 cm螺旋测微器先读出固定刻度的读数,由于半刻度线已露出,所以固定刻度为6.5 mm,再读出可动刻度上的格数,故d=6.5 mm+36.00.01 mm=6.860 mm.答案：2.25 6.86012.【解析】(1)根据表中数据描点，作出U-I图象如图所示.(2)由图象可得，当I=0.2 A时，其路端电压U=1.85 V.所以电源的输出功率为P出=UI=1.850.2 W=0.37 W (0.36 W也正确)(3)图甲中当可变电阻R过小时，电路中电流过大，容易出现安全事故，烧坏电源及电表.在图