《2021届高三物理一轮复习第六单元 动量训练卷 B卷 教师版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021届高三物理一轮复习第六单元 动量训练卷 B卷 教师版（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 单元训练金卷高三物理卷第六单元 （B）注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、 (本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，第710题有多项
2、符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。若碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，关于安全气囊在此过程中的作用，下列说法正确的是()A增加了司机单位面积的受力大小B减少了碰撞前后司机动量的变化量C将司机的动能全部转换成汽车的动能D延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积【答案】D【解析】因安全气囊充气后，受力面积增大，故减小了司机单位面积的受力大小，故A错误；有无安全气囊司机初动量和末动量均相同，所以动量的改变量也相同，故B错误；因有安全气囊的存在，司机和安全气囊接触后会有一部分动能转化为气体的内
3、能，不能全部转化成汽车的动能，故C错误；因为安全气囊充气后面积增大，司机的受力面积也增大，在司机挤压气囊作用过程中由于气囊的缓冲故增加了作用时间，故D正确。2如图所示，AB为固定的光滑圆弧轨道，O为圆心，AO水平，BO竖直，轨道半径为R，将质量为m的小球(可视为质点)从A点由静止释放，在小球从A点运动到B点的过程中()A小球所受合力的冲量指向圆心OB小球所受支持力的冲量水平向右C小球所受合力的冲量大小为mD小球所受重力的冲量大小为0【答案】C【解析】在小球从A点运动到B点的过程中，Imv，速度方向变为水平向右，所以小球所受合力即重力和支持力的合力的冲量水平向右，故选项A、B错误；在小球从A点运
4、动到B点的过程中机械能守恒，故有mgRmv，解得vB，所以Im，故选项C正确；小球所受重力的冲量大小为IGmgt，大小不为零，故选项D错误。3如图所示，放在光滑水平桌面上的A、B两个小木块中间夹一被压缩的轻弹簧，当轻弹簧被放开时，A、B两个小木块各自在桌面上滑行一段距离后，飞离桌面落在地面上。若mA3mB，则下列结果正确的是()A若轻弹簧对A、B做功分别为W1和W2，则有W1W211B在与轻弹簧作用过程中，两木块的速度变化量之和为零C若A、B在空中飞行时的动量变化量分别为p1和p2，则有p1p211D若A、B同时离开桌面，则从释放轻弹簧开始到两木块落地的这段时间内，A、B两木块的水平位移大小之
5、比为13【答案】D【解析】弹簧弹开物体过程中，两物体及弹簧组成的系统动量守恒，取水平向左为正方向，由动量守恒定律得mAvAmBvB0，则速度之比vAvB13，根据动能定理得，轻弹簧对A、B做功分别为W1mAv，W2mBv，联立解得W1W213，故A错误；根据动量守恒定律可知，在与轻弹簧作用过程中，两木块的动量变化量之和为零，即mAvAmBvB0，可得vAvB0，故B错误；A、B离开桌面后都做平抛运动，它们抛出点的高度相同，运动时间相等，设为t，由动量定理得，A、B在空中飞行时的动量变化量分别为p1mAgt，p2mBgt，所以p1p231，故C错误；平抛运动水平方向的分运动是匀速直线运动，由xv
6、0t知，t相等，又木块在桌面上运动时，vAvB13，则A、B两木块的水平位移大小之比为13，故D正确。4质量为m、半径为R的小球，放在半径为3R、质量为3m的大空心球内，大球开始静止在光滑水平面上。当小球从如图所示的位置（两球心在同一水平面上）无初速度沿内壁滚到最低点时，大球移动的距离是()AR BR CR DR【答案】A【解析】由于水平面光滑，系统水平方向上动量守恒，则任意时刻小球的水平速度大小为v1，大球的水平速度大小为v2，由水平方向动量守恒有mv13mv2，若小球达到最低点时，小球的水平位移为x1，大球的水平位移为x2，则，由题意x1x23RR2R，解得大球移动的距离x2R，故A正确。
7、5在光滑的水平面上，有a、b两球，其质量分别为ma、mb，两球在t0时刻发生正碰，并且在碰撞过程中无机械能损失，两球在碰撞前后的速度图象如图所示，下列关系正确的是() Amamb BmambCmamb D无法判断【答案】B【解析】由题图可知b球碰前静止，取a球碰前速度方向为正方向，设a球碰前速度为v0，碰后速度为v1，b球碰后速度为v2，两球碰撞过程中动量守恒，机械能守恒，则mav0mav1mbv2，mavmavmbv，联立得v1v0，v2v0，由a球碰撞前后速度方向相反，可知v10，即mamb，故B正确。6一颗子弹水平射入静止在光滑水平地面上的木块后不再穿出，木块的动能增加了8 J，木块的质
8、量大于子弹的质量。则此过程中产生的内能可能是()A18 J B16 J C10 J D6 J【答案】A【解析】设子弹的初速度为v0，射入木块后子弹与木块共同的速度为v，木块的质量为M，子弹的质量为m，根据动量守恒定律得mv0(Mm)v，解得v，木块获得的动能为EkMv2，系统产生的内能为Qmv(Mm)v2，所以，由于木块的质量大于子弹的质量，所以，即Q2Ek28 J16 J，故A正确，B、C、D错误。7将验证动量守恒定律的实验装置搬到竖直墙壁的附近，调整仪器，使球A从斜轨上由静止释放，并在水平轨道末端与球B发生正碰后，两球都能打在墙上。 已知A、B两球半径相同，A球的质量大于B球的质量，则下列
9、说法正确的是()A此装置可验证动量守恒定律B碰撞后瞬间，A球的速度大于B球的速度C碰撞后， A、B两球同时打到墙上D碰撞后，A球在墙上的落点在B球落点的下方【答案】AD【解析】碰撞前后小球均做平抛运动，在竖直方向上hgt2，平抛运动时间t，设轨道末端到墙壁的水平距离为x，未放B球时，小球A下落的高度为h1，放上小球B后，A和B碰撞后下落的高度分别为h2和h3，则碰撞前后小球做平抛运动的初速度分别为vA，vA，vB，如果碰撞过程动量守恒，则mAvAmAvAmBvB，将速度代入动量守恒表达式解得，分别将h1、h2和h3代入即可验证动量守恒定律，故选项A正确；由碰撞的实际过程可知，碰撞后瞬间，由于A
10、球质量大于B球质量，则导致A球的速度小于B球的速度，故选项B错误；由上面分析可知vAvB，导致h2h3，导致碰撞后， A、B两球不会同时打到墙上，A球时间长，后打到墙壁上，即A球在墙上的落点在B球落点的下方，故选项C错误，D正确。8如图所示，轻质弹簧的左端固定在竖直墙壁上，右端与静止在光滑水平面上的木块A相连接，子弹B沿水平方向射入木块后留在木块内，再将弹簧压缩到最短。上述这个过程可抽象为两个典型的过程：过程是子弹射入木块并获得共同速度；过程是木块与子弹一起压缩弹簧并将弹簧压到最短。已知木块的质量大于子弹的质量，空气阻力可忽略不计，下列说法中正确的是()A过程中木块获得的动能一定等于此过程中子
11、弹损失的动能B过程中子弹对木块的冲量一定等于木块对子弹的冲量大小C过程中墙壁对弹簧的冲量大小一定等于子弹和木块总动量的减小量D过程中弹簧的最大弹性势能一定等于过程中木块所获得的动能【答案】BC【解析】子弹射入木块过程中，子弹损失的动能转化内能和木块的动能，所以过程中木块获得的动能一定小于此过程中子弹损失的动能，故A错误；子弹射入木块过程中，根据牛顿第三定律可知子弹对木块的作用力与木块对子弹的作用力大小相等时间相等，所以过程中子弹对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量大小，故B正确；由动量定理可知，木块与子弹一起压缩弹簧并将弹簧压到最短过程中，墙壁对弹簧的冲量大小一定等于于子弹和木块总动量的减小量
12、，故C正确；木块与子弹一起压缩弹簧并将弹簧压到最短过程中，弹簧的最大弹性势能等于过程中木块所获得的动能与子弹的末动能之和（过程系统的末动能），故D错误。9如图，长度l1 m、质量M1 kg的车厢静止于光滑的水平面上。车厢内有一质量m1 kg可视为质点的物块以速度v010 m/s从车厢中点处向右运动，与车厢壁来回弹性碰撞n次后，与车厢相对静止，物块与车厢底板间动摩擦因数0.1，重力加速度取g10 m/s2。下列说法正确的是()An26B系统因摩擦产生的热量为25 JC物块最终停在小车右端D小车最终运动的速度为5 m/s，方向水平向右【答案】BD【解析】由动量守恒定律得mv0(Mm)v，解得小车最
13、终运动的速度为v5 m/s，方向水平向右，由能量守恒定律得，系统因摩擦产生的热量Qmv02(Mm)v225 J，故BD正确；根据QmgL，可得物块在车厢中滑行的距离L25 m，车厢壁来回弹性碰撞次数次，物块最终停在车厢中点处，故AC错误。10如图所示，小车的上面固定一个光滑弯曲圆管道，整个小车(含管道)的质量为2m，原来静止在光滑的水平面上。今有一个可以看做质点的小球，质量为m，半径略小于管道半径，以水平速度v从左端滑上小车，小球恰好能到达管道的最高点，然后从管道左端滑离小车。关于这个过程，下列说法正确的是()A小球滑离小车时，小车回到原来位置B小球滑离小车时相对小车的速度大小为vC车上管道中
14、心线最高点的竖直高度为D小球从滑进管道到滑到最高点的过程中，小车的动量变化大小是mv【答案】BC【解析】小球到最高点，水平方向动量守恒，因此有mv(m2m)v1，机械能守恒12mv212(m2m)v12mgh，解得v1v3，hv23g，则小车到最高点的动量变化量为p2m13v23mv，小球离开小车时，由动量守恒和机械能守恒得mvmv22mv3，12mv212mv22122mv32联立解得v2-v3,v323v，因此相对速度为v3-v2v，可以看到小车得速度一直为正向速度，因此一直向前运动，不会回到原点，综上分析，B、C正确。二、(本题共6小题，共60分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)11(4分)某同学用如图所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来探究碰撞过程中的不变量，图中PQ是斜槽，QR为水平槽，实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹。再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹重复这种操作10次。图中O点是水平槽末端R在记
