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1、甘肃省静宁县第一中学2019-2020学年高二数学下学期期中（第二次月考）试题 理注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题一、单选题1复数的共轭复数在复平面内的对应点为（ ）ABCD2函数的导数为（ ）ABCD3已知随机变量的分布列为，则（ ）ABCD4计算（ ）ABCD5已知盒中装有3只螺口灯泡与7只卡口灯泡，这些灯泡的外形都相同且灯口向下放着，现需要一只卡口灯泡，电工师傅每次从中任取一只并不放回，则在他第1次抽到的是螺口灯泡的条件下，第2次抽到的是卡口灯泡的概率为（ ）A B C D 6已知函数在上是单调函数，则实数a的取值范围是（ ）
2、ABCD72020年是脱贫攻坚年，为顺利完成“两不愁，三保障”，即农村贫困人口不愁吃、不愁穿，农村贫困人口义务教育、基本医疗、住房安全有保障，某市拟派出6人组成三个帮扶队，每队两人，对脱贫任务较重的甲、乙、丙三县进行帮扶，则不同的派出方法种数共有( )A15B60C90D5408函数的图象大致为（ ）ABCD9若曲线在点处的切线与直线垂直，则a=（ ）A6B5C4D310某班上午有五节课，分別安排语文，数学，英语，物理，化学各一节课要求语文与化学相邻，数学与物理不相邻，且数学课不排第一节，则不同排课法的种数是A24B16C8D1211从长，宽的矩形薄铁板的四角剪去相等的正方形，做一个无盖的箱子
3、，若使箱子的容积最大，则剪去的正方形边长为（ ）ABCD12定义在上的函数满足则（ ）ABCD第II卷（非选择题)二、填空题13若复数是纯虚数，则_.14的展开式中，的系数为_（用数字作答）.15已知函数在处极值为，则_16在1，3，5，7这四个数字中任取3个，在0，2，4，6这四个数字中任取2个，组成一个没有重复数字的5位数，则这样的5位数的个数为_（用数字作答）.三、解答题17某支教队有8名老师，现欲从中随机选出2名老师参加志愿活动.（1）若规定选出的至少有一名女老师，则共有18种不同的安排方案，试求该支教队男、女老师的人数；（2）在（1）的条件下，记为选出的2位老师中女老师的人数，写出的
4、分布列.18已知函数（1）求函数的单调递增区间；（2）求函数在上的最大值和最小值19已知的展开式中第四项的系数与第二项的系数的比是（1）求展开式中各项系数的和；（2）求展开式中含的项20有件产品，其中件是次品，其余都是合格品，现不放回的从中依次抽件.求：（1）第一次抽到次品的概率；（2）第一次和第二次都抽到次品的概率；（3）在第一次抽到次品的条件下，第二次抽到次品的概率.21某公司的甲、乙两名工程师因为工作需要，各自选购一台笔记本电脑.该公司提供了三款笔记本电脑作为备选，这三款笔记本电脑在某电商平台的销量和用户评分如下表所示：型号销量（台）200020004000用户评分86.59.5若甲选购
5、某款笔记本电脑的概率与对应的销量成正比，乙选购某款笔记本电脑的概率与对应的用户评分减去5的值成正比，且他们两人选购笔记本电脑互不影响.（1）求甲、乙两人选购不同款笔记本电脑的概率；（2）若公司给购买这三款笔记本电脑的员工一定的补贴，补贴标准如下表：型号补贴（千元）345记甲、乙两人获得的公司补贴之和为千元，求的分布列和数学期望.22已知函数.（1）讨论在定义域内的极值点的个数；（2）若对，恒成立，求实数的取值范围；（3）证明：若，不等式成立高二理科数学第二次月考答案1B ，其共轭复数为，在复平面内的对应点为.2. 3C 随机变量的分布列为4B ，由的几何意义表示以原点为圆心，以2为半径的圆面积
6、的， 5D 设事件A为“第1次抽到的是螺口灯泡”，事件B为“第2次抽到的是卡口灯泡”，则，. 则所求概率为6C 由题意，函数，则，因为函数在上是单调函数，所以，即，解得，即实数的取值范围是，故选C7C 解：依题意，首先将人平均分成3组，再将三组进行全排列即可，所以所有可能的派出方法有（种）8D 函数的定义域为求导，令可得，结合定义域可知令可得，即函数在上单调递减，在上单调递增，由图可知选D考点：1利用导数研究函数的单调性；2函数的图像9C 解:的导数为，即有在处的切线斜率为，由在处的切线与直线垂直,即有,即.10B 根据题意，可分三步进行分析：（1）要求语文与化学相邻，将语文与化学看成一个整体
7、，考虑其顺序，有种情况；（2）将这个整体与英语全排列，有中顺序，排好后，有3个空位；（3）数学课不排第一行，有2个空位可选，在剩下的2个空位中任选1个，安排物理，有2中情况，则数学、物理的安排方法有种，所以不同的排课方法的种数是种，故选B。11A 设剪去的正方形的边长为,则做成的无盖的箱子的底是长为,宽为的矩形,箱子的高为,所以箱子的容积,当时,只有一个解,在附近,是左正右负,在处取得极大值即为最大值,所以，若使箱子的容积最大,则剪去的正方形边长为.12B 设，因为，所以，所以，所以是上的单调减函数，所以，即，所以.13 因为为纯虚数，则，即，所以，143 由题意，式子表示3个因式的乘积，其中
8、一个因式取，其余的2个因式取，可得的项，一个因式取，其余的2个因式取，可得的项，故含，15；解：，由题意可知：，解得：，或；检验：当时，则，不是的极值点，故.162592在1，3，5，7这四个数字中任取3个，在0，2，4，6这四个数字中任取2个，当含0时，则有种选法，因为0不能排在首位，共有种结果，不含0时，则有种选法，共有种结果，共2592.17（1）男老师5人，女老师3人（2）见解析（1）不妨设男老师总共有人，则女老师共有人，（，）从这8位老师中选出至少1名女老师，共有种不同的方法，即有：，解得，所以该支教队共有男老师5人，女老师3人（2）的可能取值为0，1，2，表示选派2位男老师，这时，
9、 表示选派1位男老师与1位女老师，这时， 表示选派2位女老师，这时， 的分布列为：01218（1）;（2）11,-1 (1). 令, 解此不等式，得x1,因此，函数的单调增区间为. (2) 令,得或.-当变化时，变化状态如下表：-2-112+0-0+-111-111从表中可以看出，当时，函数取得最小值.当时，函数取得最大值11.19（1）1；（2）解：第四项系数为，第二项的系数为，则，化简得，即解得，或（舍去）（1）在二项式中令， 即得展开式各项系数的和为（2）由通式公式得，令，得故展开式中含的项为20（1）；（2）；（3）.【解析】（1）因为有5件是次品，第一次抽到次品，有5中可能，产品共有
10、20件，不考虑限制，任意抽一件，有20中可能，所以概率为两者相除（2）因为是不放回的从中依次抽取2件，所以第一次抽到次品有5种可能，第二次抽到次品有4种可能，第一次和第二次都抽到次品有54种可能，总情况是先从20件中任抽一件，再从剩下的19件中任抽一件，所以有2019种可能，再令两者相除即可（3）因为第一次抽到次品，所以剩下的19件中有4件次品，所以，抽到次品的概率为21（1），（2）见解析，（1）根据题意，三款笔记本电脑的销量比为，所以甲选购这三款笔记本电脑的概率分别为.三款笔记本电脑的用户评分减去5分别为3，1.5，4.5，三者之比为，所以乙选购这三款笔记本电脑的概率分别为.设“甲、乙两人
11、选购不同款笔记本电脑”为事件，则.（2）的可能取值为6，7，8，9，10.，.所以的分布列为67891022（1）当时，函数有两个极值点；当时，函数没有极值点（2）（3）证明见解析（1）解:由题,设,令,即方程,当时,则,此时没有极值点；当时,设方程两根为,不妨设,则,则,当或时,；当时,此时,是函数的两个极值点,当时,设方程两根为,则,所以,所以当时,故没有极值点,综上,当时,函数有两个极值点；当时,函数没有极值点.（2）解:由题,在上恒成立,则在上恒成立,即在上恒成立,设,则,因为,当时,则单调递减；当,则单调递增；所以,所以（3）证明:由（2）知,所以恒成立,即,欲证,只需证,设,则,当时,则单调递减；当时,则单调递增,所以,即,所以当时,不等式成立.
