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1、第一节交变电流的产生和描述同步训练一选择题1一交变电流的图象如图所示，由图可知（）A该交流电的周期是0.02SB该交流电流最大值为AC该交流电流的频率为0.01HzD用电流表测该电流其示数为10A答案：D解析：解答：AC、由it图象，周期为0.01s，故频率，故A错误，C正确；BD、从图中可以直接读出交流电流的最大值为Im=A，故有效值为，电流表读数是有效值，所以用电流表测该电流其示数为10A，故B错误，D正确；故选：D分析：从图中可以直接读出交流电源的周期及最大值，根据有效值与最大值之间的关系即可求解有效值；电流表读数是有效值2发电机的转子在匀速转动过程中，下列物理量不发生改变的有（）A穿过
2、线圈的磁通量B线圈中产生的感应电动势C闭合回路中的电流D闭合回路中电流变化的周期答案：D解析：解答：A、发电机转子在匀速转动时，通过线圈的磁通量、产生感应电动势及电流均随时间呈周期性变化；故ABC正确；D、闭合回路中电流变化的周期等于线圈的转动周期，其大小不变化；故D错误；故选：D分析：明确交流发电机的工作原理，知道哪些量在随时间作周期性变化3如图是一正弦式交变电流的电流图象由图象可知，这个电流的（）A最大值为10A，周期为0.02sB最大值为10A，周期为0.01sC最大值为A，周期为0.02sD最大值为A，周期为0.01s答案：A解析：解答：由图象可知，电流的最大值为10A，周期T=0.0
3、2s；故选：A分析：根据图象可以直接得出电流的最大值和周期的大小，根据周期与频率的关系得出频率的大小4把220V的正弦交流电压加在440的电阻上，该电阻上（）A电压的最大值为220V，电流的有效值为0.5AB电压的有效值为220V，电流的有效值为0.5AC电压的有效值为220V，电流的最大值为0.5AD电压的最大值为220V，电流的最大值为0.5A答案：B解析：解答：电压的有效值为220V，电压的最大值为；根据欧姆定律得：电流的有效值，所以电流的最大值，故B正确，ACD错误故选：B分析：根据有效值与最大值之间的关系求解电压最大值，根据欧姆定律求出电流的有效值，从而求出电流的最大值5如图是一正弦
4、式交变电流的电流图象电流的最大值和周期分别为（）A10A，0.02 sB10A，0.02 sC10A，0.01 sD10A，0.01 s答案：B解析：解答：根据图象可知该交流电的电流最大值是Im=10V，周期T=0.02s，故B正确，ACD错误故选：B分析：由交流电的图象的纵坐标的最大值读出电流的最大值，由横坐标读出周期6目前，我国照明电路的电压瞬时值表达式为u=311sin100tV，则我国照明电路的电压有效值与频率分别为（）A220V，50HzB311V，50HzC220V，60HzD311V，60Hz答案：A解析：解答：我国照明电路的电压瞬时值表达式为u=311sin100tV，交流电的
5、电压最大值是Um=311V，电压有效值是，=100 rad/s，所以交流电的频率，故A正确，BCD错误；故选：A分析：根据交流电的瞬时值表达式得出电流的最大值和频率，根据电压最大值和有效值关系求解7如图所示的电路中，要使灯泡L持续发光，应在ab间接入（）A电阻B电位器C电流表D交流电源答案：D解析：解答：若要灯泡持续发光，则S端应该接入交流电源，直流电不能通过电容器而电阻、电位器及电流表等均不能产生电动势；若只有C充放电，则灯泡不能持续发光故选：D分析：电容器的特点是：通交流，隔直流，通高频，阻低频8图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的
6、电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示发电机线圈内阻为10，外接一只电阻为90的灯泡，不计电路的其他电阻，则（）At=0时刻线圈平面与中性面垂直B每秒钟内电流方向改变100次C灯泡两端的电压为22VD00.01s时间内通过灯泡的电量为0答案：B解析：解答：A、由图象乙可知t=0时感应电动势为零，处于中性面上，故A错误；B、由题图乙可知周期T=0.02s，线框每转一周，电流方向改变两次，每秒电流方向改变100次，故B正确；C、由题图乙可知交流电电动势的最大值是Em=31.1v，有效值为：，根据闭合电路的分压特点得电压表的示数为：，故C错误；D、根据得：00.01s时间内通过灯泡的电量为 代入数
7、据 联立得：q=0.00198c，故D错误；故选：B分析：当线框经过中性面时通过线圈的磁通量最大感应电动势最小为零由题图乙可知交流电电动势的周期，即可求解角速度线框每转一周，电流方向改变两次9在同一匀强磁场中，两个完全相同的矩形闭合金属线圈分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a、b所示则（）At=0时刻穿过两线圈的磁通量均为零B曲线a表示的交变电动势有效值为15VC曲线a表示的交变电动势频率为50HzD曲线a、b对应的线圈转速之比为3：2答案：D解析：解答：A、t=0时刻两线圈电动势均为零；故此时处在中性面上；故穿过两线圈的磁通量均为最大值；故A错误；B
8、、曲线a表示的交变电动势最大值为15V；故B错误；C、曲线a周期为0.04s；故其表示的交变电动势频率为25Hz；故C错误；D、由图可知，b的周期为0.06s；转速之比与周期成反比；故转速之比为3：2；故D正确；故选：D分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等10如图所示为一小型交流发电机模型，矩形线圈在匀强磁场中绕中心轴以较小的角速度转动，线圈通过两滑环与电刷和电流表相连，在实验中可看到（）A电流表指针将左右摆动B线圈平面转到与磁感线相垂直时，电流表的指针偏转最大C线圈平面转到与磁感线相平行时，电流表的指针偏转最小D线圈匀速转动时，电流表
9、的指针指向一个方向的固定值答案：A解析：解答：A、线圈较小的角速度匀速转动时，当线圈平面转动一周的时间内，线圈中的感应电流方向改变两次，所以检流计指针将左右摆动，故A正确；B、线圈平面转到与磁感线相垂直时，线圈边框运动方向与磁感线方向平行，不切割磁感线，检流计的指针偏转最小，故B错误；C、线圈平面转到与磁感线相平行时，线圈中磁通量的变化率最大，检流计的指针偏转最大，故C错误；D、线圈较小的角速度匀速转动时，检流计的指针左右摆动，故D错误；故选：A分析：要解决此题，需要掌握发电机的制作原理，知道发电机是根据电磁感应原理制成的，感应电流的方向与磁场方向和切割磁感线的方向有关11图甲是小型交流发电机
10、的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，图中电流表为交流电流表线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，以下判断正确的是（）A线圈转动的角速度为50 rad/sB电流表的示数为10AC0.01 s时线圈平面与磁场方向垂直D0.02 s时电阻R中电流的方向自左向右答案：D解析：解答：A、角速度，故A错误；B、题图乙可知交流电电流的最大值是Im=10A，则有效值为：；由于电流表的示数为有效值，故示数I=10A，故B错误；C、0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通
11、量为0，故线圈平面与磁场方向平行，故C错误；D、由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，故D正确故选：D分析：由题图乙可知交流电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向12图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示，以下判断中错误的是（）A线圈转动的角速度为50rad/sB电流表的示数为10AC0.01s时线圈平面与磁感线平
12、行D0.02s时电阻R中电流的方向自左向右答案：A解析：解答：A、角速度，故A错误；B、题图乙可知交流电电流的最大值是Im=10A，则有效值为：；由于电流表的示数为有效值，故示数I=10A，故B正确；C、0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，故C正确；D、由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，故D正确本题选错误的，故选：A分析：由题图乙可知交流电电流的最大值、周期，电流表的示数为有效值，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向13一台小型发电
13、机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示已知发电机线圈内阻为5.0，外接一只电阻为95.0的灯泡，如图乙所示，则（）A交流电压表的示数为220VB电路中的电流方向每秒钟改变50次C交流电压表的指针会左右偏转D发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2J答案：D解析：解答：A、由图象可知，交流电的最大值为220V，则有效值为220V，电压表的示数为外电阻的电压，所以外电阻的电压为，所以电压表的示数为209V，所以A错误；B、根据图象可知交流电的周期为2102s，所以频率为50Hz，交流电在一个周期内变化两次，所以电路中的电流方向每秒钟改变100次，所以B错误；C、电交流电压表的读数指的是
14、有效值，大小是不随时间变化的，所以C错误；D、发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为Q=I2rt=（2.2）251J=24.2J，所以D正确故选：D分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据功率的公式可以求得功率的大小，从而可求得结论14如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁场方向垂直的轴匀速转动产生交变电流，电动势e随时间t的变化关系如图乙所示，则（）A该交变电流的频率为100HzB该交变电流电动势的有效值为311VCt=0.01s时，穿过线框的磁通量为零Dt=0.01s时，穿过线框的磁通量的变化率为零答案：D解析：解答：A、由图乙得到周期为0.02s，故频率，故A错误；B、该交流电电动势的最大值为311V，故有效值，故B错误；C、t=0.01s时，电动势为零，说明线圈位于中性面位置，磁通量最大，故C错误；D、t=0.01s时，电动势为零，根据法拉第电磁感应定律，说明穿过线框的磁通量的变化率为零，故D正确；故选：D分析：由乙图得到周期，根据公式求解频率；同样由乙图得到电动势最大值，根据求解有效值；线圈在中性面位置磁通量最大，感应电动势为零，结合法拉第电磁感应定律分析磁通量的瞬时变化率15图甲是小型交流
