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1、中考物理分类汇编之电功、电功率、焦耳定律（解析版）12. (2018威海) (多选题)如图4甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过种中，R2消耗的电功率P与其两端电压U的关系图象如图4乙所示，下列说法正确的是BCA.R1的阻值为20B.R2的最大阻值为50C.电源电压为6VD.该电路消耗的最大电功率为0.9W18. (2018威海)标有“220V,2000W的“即热式”电热水龙头，其加热电阻丝的阻值是 ;在额定电压下工作21s，若不计热量损失，能够使 kg的水从15上升到35. 水的比热容为4.2103J/(kg)18.24.2 0.519. (2018威海)如图8所示
2、，R1的阻值为5,滑动变阻器R2的最大阻值为40，电源电压保持4.5V不变，电流表量程为“0-0.6A”,电压表量程为“0-3V”.为保证电路安全，R2接入电路中的最小阻值为_，R1清耗的最小功率为 W.19.2.5 0.4527. (2018威海)图15为某品牌电饭煲的工作电路示意图，开关S可以同时与a、b相连，或只与c相连（红灯，绿灯为指示打，不计电阻）。该电饭煲具有加热、保温功能，在加热档时总功率为1540W，在保温档时的总功率为55W。请根据以上信息解答下列问题：（1）将开关s与a、b相连时，_发光(选填“红灯”或“绿灯”)，此时电饭煲处于 状态(选填“加热”或“保温”) (2)电饭煲
3、处于加热状态时，R的电功率为P1；处于保温状态时，R的电功率为P2，P1：P2=400：1.请计算电阻R1的阻值。（3）如果在不改变原来保温档和加热当电功率的基础上，要增加一个更大功率的档位来迅速加热物体，请设计出1种方案，并用简要的文字说明（也可配合作图说明）19（2018烟台）常温常压下，一台标有“220V 2000W“的电热水壶正常工作时，将质量为1kg、初温为20的水烧开，需要的时间是168s假设该热水壶产生的热量完全被水吸收，c水=4.2103J/（kg）。【分析】在1个标准大气压下水的沸点为100，又知道水的初温、质量、比热容，根据Q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量，不计热损失，
4、根据W=Q吸=Pt求出需要的加热时间。【解答】解：在1个标准大气压下水的沸点为100，则水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）1kg（10020）=3.36105J，不计热损失，由W=Q吸=Pt可得，需要的加热时间：t=168s。故答案为：168s。【点评】本题考查了吸热公式、电功公式的应用，关键是知道在1个标准大气压下水的沸点为100。25（2018烟台）小明在做“测定小灯泡电功率”的实验时连接了如图甲所示的电路（1）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不亮，经检查有一根导线连接错误，请你在电路中将连接错误的导线上打“”，并补测出正确的连线。（2）正确连接电路
5、后，滑片P移动到某一位置时，电压表和电流表示数如图乙所示小灯泡此时的电功率是多少？（3）小明根据记录的多组数据绘制出小灯泡的IU图象（图丙），分析评估时，小明对自己的实验产生了困惑，他认为：由欧姆定律I=知，I与U之间的变化关系是正比函数，所以其图象理论上应该是过原点的一条直线，请你帮助他解除困惑。【分析】（1）伏安法测灯泡电功率，电流表应串联在电路中，电压表与灯泡并联；据此分析电路图，找出错误，并改正；（2）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，根据电流表的量程和分度值读出示数，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；（3）根据灯丝电阻随温度升高而增大的特点进行分析。【解答】解：（1）由电路图
6、可知，灯泡与滑动变阻器并联，灯泡连接错误，将灯泡左端接线柱与开关的右接线柱连线断开，改接为灯泡左接线柱与电压表负接线柱相连即可，电路图如图所示；（2）由图乙可知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.5V，由图丙可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A，则小灯泡的额定电功率P=UI=2.5V0.36A=0.9W；（3）由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以通过灯泡的电流与电压不成正比。故答案为：（1）如上图；（2）小灯泡此时的电功率是0.9W；（3）灯丝的电阻随温度的升高而增大。【点评】本题是测定小灯泡电功率实验，考查了电表的读数、电功率的计算、电路故障
7、的分析、灯丝电阻与温度的关系，考查全面。14（2018淄博）如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1，灯泡L发光，电压表有示数：再闭合开关S2，电路中出现的情况是（）A电压表的示数变小B电路的总电阻不变C灯泡L的亮度不变D电路的总功率变大【分析】（1）开关S1闭合后，为串联电路，电阻R与灯泡L串联；开关S2闭合，灯泡L被短路，只有电阻R接入电路；（2）根据电路结构及并联电路特点、欧姆定律及功率公式分析答题，做出选择。【解答】解：ABC、只闭合开关S1，为串联电路，电阻R与灯泡L串联；电压表测量的是R两端的电压，根据串联电路的电压特点可知，电压表示数要小于电源电压；开关S2闭合时，灯泡被短路，灯泡
8、不发光，电路中只有R，总电阻减小；电压表测量的是电源电压，故电压表示数变大；故ABC错误；D、开关S2闭合后电路总电阻R总变小，电流变大，电阻R两端的电压变大，根据P=UI可知电路的总功率变大，故D正确。故选：D。【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、掌握串联电路的特点、掌握功率公式是正确解题的关键。19（2018淄博）在“探究物质的吸热能力”实验中，把质量均为0.5kg的水和食用油分别装入两个相同的容器内，用相同的电加热器给它们加热，其温度随时间变化的图象如图所示。不考虑实验中的热损失，加热2min食用油吸收的热量是4.2104J，电加热器的实际功率是350W【c水=4.
9、2103J/（kg）】【分析】（1）由题知食用油和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是食用油吸收热量的2倍。根据吸热公式Q=c吸mt判断两物质的比热容之间的关系，从而得出食用油的比热容，然后利用Q=cmt可求得加热2min食用油吸收的热量；（2）不考虑实验中的热损失W=Q，利用P=可求得电加热器的实际功率。【解答】解：用两个相同的电热器给质量相同的物质食用油和水加热，由图象可知，水温度升高到60需要4min，食用油温度升高到60需要2min。因为物质吸收的热量和时间成正比，所以，质量相同的食用油和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸=2Q油吸。由Q吸=cmt得：c=，则c水=2c
10、油。又因为c水=4.2103J/（kg），所以c油=c水=2.1103J/（kg），加热2min食用油升高了6020=40，Q油吸=c油m油t=2.1103J/（kg）0.5kg40=4.2104J；不考虑实验中的热损失W=Q=4.2104J；电加热器的实际功率P=350W。故答案为：4.2104；350。【点评】本题考查热量的计算和实际功率的计算，能够从图象中获取信息并利用控制变量法解决实际问题。17（2018枣庄）如图所示，是某种电热器的电路图，电源电压220V，R1、R2的阻值分别为11、22，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、中、低三个档位的转换，电热器在低温工作时的电功率是2
11、200W，在高温档工作1min产生的热量是3.96105J。【分析】（1）根据P=，当电阻最大时，电功率最小，为低温档，分析此时电路的连接，根据P=求出电热器在低温工作时的电功率；（2）当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，由并联电阻的规律求出并联电阻，根据Q高=t求出在高温档工作1min产生的热量。【解答】解：根据P=，当电阻最大时，电功率最小，旋转扇形开关S接触c，即只有R2连入电路时为低温档，P小=2200W当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，R并=，在高温档工作1min产生的热量是：Q高=t=60s=3.96105J。故答案为：6600；3.96105。【
12、点评】本题并联电路的规律及电功率、电功率的计算，关键是低温档和高温档电路的连接。2（2018潍坊）最先精确确定电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间关系的物理学家是（）A欧姆 B焦耳 C奥斯特 D法拉第解析:英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，得出Q=I2Rt；为了纪念他做出的贡献，人们将他的名字命名为热量（能量）的单位，故选B。21（2018潍坊）要测量一个额定电压为3.8V小灯泡的功率，小灯泡工作时的电阻约为10现有电流表、电压表、开关各一个，规格分别为“10 1A“、“50 0.5A”和500 0.1A”的滑动变阻器各一个，
13、导线若干，电源（8V）一个（1）为完成实验，应该选取规格为 的滑动变阻器；（2）选出合适的滑动变阻器后，将实验器材连成如图所示的实验电路，闭合开关，将滑动变阻器滑片向右移动，观察到的现象是 （多选）；A小灯泡变亮，电压表示数变大B电流表示数为零，小灯泡不亮C电流表示数变大，电压表示数变小D电压表示数接近8V，且示数不变（3）造成上述现象的原因是其中有一条导线连接错误，请将该导线打上“”号；并用笔画线代替导线把它改到正确的位置上；（4）线路改正后，移动滑片，记录多组电流和电压U，并在坐标纸上做出1U关系图象，如图所示。由图可知小灯泡的额定功率为 W；当小灯泡两端电压为3V时，灯泡电阻为 。解析:
14、（1）已知电源电压为8V且保持不变，实验中小灯泡额定电压为3.8V，电路中电流，I=0.38A，故变阻器分得的电压为U滑=8V3.8V=4.2V，变阻器电压为小灯泡的倍，小灯泡电阻为10时，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻R滑大=1011，有三种规格滑动变阻器应选用“50 0.5A”的变阻器；（2）由实物图可知，电压表串联在电路中，相当于开路，故电流表示数为零，小灯泡不亮，电压表测量电源的电压，示数为电源电压8V，故选BD；（3）原电路中，电流表与小灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，改正后如下所示：（4）由图象可知：正常工作电灯的额定电压为3.8
15、V，通过灯泡的电流为0.3A，此时灯泡的电功率P=UI=3.8V0.3A=1.14W，当小灯泡两端电压为3V时，灯泡的电流，I=0.25A，电阻为R=12；答案：（1）“50 0.5A” （2）BD （3）如上图 （4）1.14 1224（2018潍坊）如图所示是一种常见的封闭电热水袋，其性能参数如表中所示。已知电热水袋加热效率为80%，水的比热容c=4.2103J/（kg），水的密度=1.0103kg/m3将袋内20的水加热到自动断电，求：（1）袋内水吸收的热量（2）需要的加热时间额定电压额定加热功率220V400W袋内充水自动断电温度1.0L60解:（1）由=可得袋内水的质量：m=水V=1.0103kg/m31.0103=1kg，袋内水吸收
