《浙江省2020年高考数学第二轮复习 专题四 数列第1讲 等差数列、等比数列 文（通用）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江省2020年高考数学第二轮复习 专题四 数列第1讲 等差数列、等比数列 文（通用）（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、专题四数列第1讲等差数列、等比数列真题试做1(2020辽宁高考，文4)在等差数列an中，已知a4a816，则a2a10()A12 B16C20 D242(2020安徽高考，文5)公比为2的等比数列an的各项都是正数，且a3a1116，则a5()A1 B2C4 D83(2020北京高考，文6)已知an为等比数列下面结论中正确的是()Aa1a32a2Baa2aC若a1a3，则a1a2D若a3a1，则a4a24(2020辽宁高考，文14)已知等比数列an为递增数列若a10，且2(anan2)5an1，则数列an的公比q_.5(2020陕西高考，文16)已知等比数列an的公比q.(1)若a3，求数列a
2、n的前n项和；(2)证明：对任意kN，ak，ak2，ak1成等差数列考向分析高考中对等差(等比)数列的考查主、客观题型均有所体现，一般以等差、等比数列的定义或以通项公式、前n项和公式为基础考点，常结合数列递推公式进行命题，主要考查学生综合应用数学知识的能力以及计算能力等，中低档题占多数考查的热点主要有三个方面：(1)对于等差、等比数列基本量的考查，常以客观题的形式出现，考查利用通项公式、前n项和公式建立方程组求解，属于低档题；(2)对于等差、等比数列性质的考查主要以客观题出现，具有“新、巧、活”的特点，考查利用性质解决有关计算问题，属中低档题；(3)对于等差、等比数列的判断与证明，主要出现在解
3、答题的第一问，是为求数列的通项公式而准备的，因此是解决问题的关键环节热点例析热点一等差、等比数列的基本运算【例1】(2020福建莆田质检，20)设数列an的前n项和为Sn，已知a11，等式anan22an1对任意nN*均成立(1)若a410，求数列an的通项公式；(2)若a21t，且存在m3(mN*)，使得amSm成立，求t的最小值规律方法 此类问题应将重点放在通项公式与前n项和公式的直接应用上，注重五个基本量a1，an，Sn，n，d(q)之间的转化，会用方程(组)的思想解决“知三求二”问题我们重在认真观察已知条件，在选择a1，d(q)两个基本量解决问题的同时，看能否利用等差、等比数列的基本性
4、质转化已知条件，否则可能会导致列出的方程或方程组较为复杂，无形中增大运算量同时在运算过程中注意消元法及整体代换的应用，这样可减少计算量特别提醒：(1)解决等差数列an前n项和问题常用的有三个公式：Sn；Snna1d；SnAn2Bn(A，B为常数)，灵活地选用公式，解决问题更便捷；(2)利用等比数列前n项和公式求和时，不可忽视对公比q是否为1的讨论变式训练1 (2020山东青岛质检，20)已知等差数列an的公差大于零，且a2，a4是方程x218x650的两个根；各项均为正数的等比数列bn的前n项和为Sn，且满足b3a3，S313.(1)求数列an，bn的通项公式；(2)若数列cn满足cn求数列c
5、n的前n项和Tn.热点二等差、等比数列的性质【例2】(1)在正项等比数列an中，a2，a48是方程2x27x60的两个根，则a1a2a25a48a49的值为()A B9 C9 D35(2)正项等比数列an的公比q1，且a2，a3，a1成等差数列，则的值为()A或 BC D规律方法 (1)解决此类问题的关键是抓住项与项之间的关系及项的序号之间的关系，从这些特点入手选择恰当的性质进行求解；(2)应牢固掌握等差、等比数列的性质，特别是等差数列中若“mnpq，则amanapaq”这一性质与求和公式Sn的综合应用变式训练2 (1)(2020江西玉山期末，3)已知等差数列an的前n项和为Sn，且满足S15
6、25，则tan a8的值是()A B C D(2)(2020广西桂林调研，7)已知数列an是等比数列，其前n项和为Sn，若公比q2，S41，则S8()A17 B16 C15 D256热点三等差、等比数列的判定与证明【例3】(2020山东淄博一模，20)已知在数列an中，a15且an2an12n1(n2，且nN*)(1)证明：数列为等差数列；(2)求数列an的前n项和Sn.规律方法 证明数列an为等差或等比数列有两种基本方法：(1)定义法an1and(d为常数)an为等差数列；q(q为常数)an为等比数列(2)等差、等比中项法2anan1an1(n2，nN*)an为等差数列；aan1an1(an
7、0，n2，nN*)an为等比数列我们要根据题目条件灵活选择使用，一般首选定义法利用定义法一种思路是直奔主题，例如本题方法；另一种思路是根据已知条件变换出要解决的目标，如本题还可这样去做：由an2an12n1，得an12an122n，所以an12(an11)2n，上式两边除以2n，从而可得1，由此证得结论特别提醒：(1)判断一个数列是等差(等比)数列，还有通项公式法及前n项和公式法，但不作为证明方法；(2)若要判断一个数列不是等差(等比)数列，只需判断存在连续三项不成等差(等比)即可；(3)aan1an1(n2，nN*)是an为等比数列的必要而不充分条件，也就是要注意判断一个数列是等比数列时，要
8、注意各项不为0.变式训练3 在数列an中，an1an2n44(nN*)，a123，是否存在常数使数列ann为等比数列，若存在，求出的值及数列的通项公式；若不存在，请说明理由思想渗透1函数方程思想等差(比)数列通项与前n项和的计算问题：(1)已知等差(比)数列有关条件求数列的通项公式和前n项和公式，及由通项公式和前n项和公式求首项、公差(比)、项数及项，即主要指所谓的“知三求二”问题；(2)由前n项和求通项；(3)解决与数列通项、前n项和有关的不等式最值问题2求解时主要思路方法为：(1)运用等差(比)数列的通项公式及前n项和公式中的5个基本量，建立方程(组)，进行运算时要注意消元的方法及整体代换
9、的运用；(2)数列的本质是定义域为正整数集或其有限子集的函数，数列的通项公式即为相应的函数解析式，因此在解决数列问题时，应用函数的思想求解在等比数列an中，an0(nN*)，公比q(0,1)，且a1a52a3a5a2a825，a3与a5的等比中项为2.(1)求数列an的通项公式；(2)设bnlog2an，数列bn的前n项和为Sn，当最大时，求n的值解：(1)a1a52a3a5a2a825，a2a3a5a25.又an0，a3a55.又a3与a5的等比中项为2，a3a54.而q(0,1)，a3a5.a34，a51，q，a116.an16n125n.(2)bnlog2an5n，bn1bn1，bn是以
10、4为首项，1为公差的等差数列Sn，当n8时，0；当n9时，0；当n9时，0；n8或9时，最大1(2020河北冀州一模，5)在等差数列an中，a9a126，则数列an前11项的和S11等于()A24 B48 C66 D1322(2020浙江名校创新冲刺卷，4)设an是等比数列，则“a1a2a3”是“数列an是递增数列”的()A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件3(2020广东汕头质检，2)已知等比数列an的公比q为正数，且2a3a4a5，则q的值为()A B2 C D34(2020河北衡水调研，6)等差数列an的前n项和为Sn，满足S20S40，则下列结论中正确的是(
11、)AS30是Sn的最大值BS30是Sn的最小值CS300DS6005已知正项等比数列an满足a7a62a5，若存在两项am，an，使得4a1，则的最小值为_6(原创题)已知数列an为等差数列，数列bn为等比数列，且满足a1 000a1 013，b1b132，则tan_.7(2020浙江五校联考，20)数列an的前n项和为Sn，已知a1，Snn2ann(n1)，n1,2，.(1)证明：数列是等差数列，并求Sn；(2)设bn，求证：b1b2bn1.8设an是公比大于1的等比数列，Sn为数列an的前n项和已知S37，且a13,3a2，a34构成等差数列(1)求数列an的通项公式；(2)令bnln a
12、3n1，n1,2，求数列bn的前n项和Tn.参考答案命题调研明晰考向真题试做1B解析：由等差数列的性质知，a2a10a4a816，故选B.2A解析：由题意可得，a3a11a16，a74.a51.3B解析：A中当a1，a3为负数，a2为正数时，a1a32a2不成立；B中根据等比数列的性质及均值不等式得，aa22a；C中取a1a31，a21，显然a1a2；D中取a11，a22，a34，a48，可知a4a2不成立综上可知仅有B正确42解析：等比数列an为递增数列，且a10，公比q1.又2(anan2)5an1，2an2anq25anq.an0，2q25q20.q2或q(舍去)公比q为2.5(1)解：
13、由a3a1q2及q，得a11，所以数列an的前n项和Sn.(2)证明：对任意kN，2ak2(akak1)2a1qk1(a1qk1a1qk)a1qk1(2q2q1)，由q得2q2q10，故2ak2(akak1)0.所以，对任意kN，ak，ak2，ak1成等差数列精要例析聚焦热点热点例析【例1】解：(1)anan22an1对nN*都成立，数列an为等差数列设数列an的公差为d，a11，a410，且a4a13d10.d3.ana1(n1)d3n2.数列an的通项公式为an3n2.(2)a21t，公差da2a1t.ana1(n1)d1(n1)t.Snna1dnt.由amSm得1(m1)tmt，(m1)t(m1)t.t1t.t.m3，2t0.
