《高考数学一轮复习课时跟踪检测（五十）椭圆理（重点高中）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考数学一轮复习课时跟踪检测（五十）椭圆理（重点高中）（10页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、课时跟踪检测（五十） 椭 圆(二)重点高中适用作业A级保分题目巧做快做1在平面直角坐标系xOy中，P是椭圆1上的一个动点，点A(1,1)，B(0，1)，则|PA|PB|的最大值为()A2B3C4 D5解析：选D椭圆方程为1，焦点坐标为B(0，1)和B(0,1)，连接PB，AB，根据椭圆的定义，得|PB|PB|2a4，可得|PB|4|PB|，因此|PA|PB|PA|(4|PB|)4(|PA|PB|)|PA|PB|AB|， |PA|PB|4|AB|415. 当且仅当点P在AB延长线上时，等号成立综上所述，可得|PA|PB|的最大值为5. 2已知椭圆C：1的左、右焦点分别为F1，F2，椭圆C上的点A
2、满足AF2F1F2，若点P是椭圆C上的动点，则的最大值为()A. B.C. D.解析：选B由椭圆方程知c1，所以F1(1,0)，F2(1,0)因为椭圆C上的点A满足AF2F1F2，则可设A(1，y0)，代入椭圆方程可得y，所以y0.设P(x1，y1)，则(x11，y1)，(0，y0)，所以y1y0.因为点P是椭圆C上的动点，所以y1，故的最大值为.3已知椭圆E：1(ab0)的右焦点为F(3,0)，过点F的直线交E于A，B两点若AB的中点坐标为(1，1)，则椭圆E的方程为()A.1 B.1C.1 D.1解析：选D因为直线AB过点F(3,0)和点(1，1)，所以直线AB的方程为y(x3)，代入椭圆
3、方程1消去y，得x2a2xa2a2b20，所以AB的中点的横坐标为1，即a22b2，又a2b2c2，所以b29，a218，即椭圆E的方程为1.4如果椭圆1的弦AB被点M(x0，y0)平分，设直线AB的斜率为k1，直线OM(O为坐标原点)的斜率为k2，则k1k2的值为()A4 B.C1 D解析：选D设直线AB的方程为yk1xb，A(x1，y1)，B(x2，y2)代入椭圆方程并整理得，(14k)x28k1bx4b2360，x1x2，又中点M(x0，y0)在直线AB上，所以k1b，从而得弦中点M的坐标为，k2，k1k2.5已知两定点A(2,0)和B(2,0)，动点P(x，y)在直线l：yx3上移动，
4、椭圆C以A，B为焦点且经过点P，则椭圆C的离心率的最大值为()A. B.C. D.解析：选B设点A关于直线l的对称点为A1(x1，y1)，则有解得x13，y11，则A1(3,1)，易知|PA|PB|的最小值等于|A1B|，因此椭圆C的离心率e的最大值为.6(2018广东五校协作体第一次诊断考试)已知椭圆C：y21的两焦点为F1，F2，点P(x0，y0)满足0y1，则|PF1|PF2|的取值范围是_解析：由点P(x0，y0)满足0y1，可知P(x0，y0)一定在椭圆内(不包括原点)，因为a，b1，所以由椭圆的定义可知|PF1|PF2|2a2，当P(x0，y0)与F1或F2重合时，|PF1|PF2
5、|2，又|PF1|PF2|F1F2|2，故|PF1|PF2|的取值范围是2,2)答案：2,2)7已知M(x0，y0)是椭圆E：1(ab0)上一点，A，B是其左、右顶点，若2xa2，则离心率e_.解析：由题意知A(a,0)，B(a,0)，(x0a，y0)，(x0a，y0)，2xa2，2(xa2y)xa2，xa22y.又1，1，0，a22b2，11，e.答案：8(2018湖南东部六校联考)设P，Q分别是圆x2(y1)23和椭圆y21上的点，则P，Q两点间的最大距离是_解析：依据圆的性质可知，P，Q两点间的最大距离可以转化为圆心到椭圆上点的距离的最大值加上圆的半径，设Q(x，y)，则圆心(0,1)到
6、椭圆上点的距离为d ，1y1，当y时，d取最大值，所以P，Q两点间的最大距离为.答案：9已知椭圆G：1(ab0)在y轴上的一个顶点为M，两个焦点分别是F1，F2，F1MF2120，MF1F2的面积为.(1)求椭圆G的方程；(2)过椭圆G长轴上的点P(t,0)的直线l与圆O：x2y21相切于点Q(Q与P不重合)，交椭圆G于A，B两点若|AQ|BP|，求实数t的值解：(1)由椭圆性质，知|MF2|a，于是casin 60a，bacos 60a.所以MF1F2的面积S(2c)b(a)，解得a2，b1.所以椭圆G的方程为y21.(2)显然，直线l与y轴不平行，可设其方程为yk(xt)由于直线l与圆O相
7、切，则圆心O到l的距离d1，即k2t2k21，联立化简得(14k2)x28tk2x4(t2k21)0.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则x1x2.设Q(x0，y0)，有解得x0.由已知可得，线段AB，PQ中点重合，即有x1x2tx0.因此t，化简得k2，将其代入式，可得t.10(2018成都一诊)已知椭圆1的右焦点为F，设直线l：x5与x轴的交点为E，过点F且斜率为k的直线l1与椭圆交于A，B两点，M为线段EF的中点(1)若直线l1的倾斜角为，求|AB|的值；(2)设直线AM交直线l于点N，证明：直线BNl.解：由题意知，F(1,0)，E(5,0)，M(3,0)(1)直线l1的倾斜角为，
8、斜率k1.直线l1的方程为yx1.代入椭圆方程，可得9x210x150.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则x1x2，x1x2.|AB| .(2)证明：设直线l1的方程为yk(x1)代入椭圆方程，得(45k2)x210k2x5k2200.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则x1x2，x1x2.设N(5，y0)，A，M，N三点共线，y0.而y0y2y2k(x21)0.直线BNx轴，即BNl.B级拔高题目稳做准做1已知椭圆1(ab0)的左、右焦点分别为F1，F2，且|F1F2|2c，若椭圆上存在点M使得，则该椭圆离心率的取值范围为()A(0，1) B.C. D(1,1)解析：选D在MF1F
9、2中，而，.又M是椭圆1上一点，F1，F2是椭圆的焦点，|MF1|MF2|2a.由得，|MF1|，|MF2|.显然|MF2|MF1|，ac|MF2|ac，即ac0，e22e10，又0e1，1eb0)相切于点M(0,1)，过点M引两条互相垂直的直线l1，l2，两直线与两曲线分别交于点A，C与点B，D(均不重合)若P为椭圆上任一点，记点P到两直线的距离分别为d1，d2，则dd的最大值是()A4B5C. D.解析：选C易知椭圆C的方程为y21，圆O的方程为x2y21，设P(x0，y0)，因为l1l2，则dd|PM|2x(y01)2，因为y1，所以dd44y(y01)232，因为1y01，所以当y0时
10、，dd取得最大值.3设F是椭圆C：1(ab0)的一个焦点，P是C上的点，圆x2y2与线段PF交于A，B两点，若A，B是线段PF的两个三等分点，则椭圆C的离心率为()A. B.C. D.解析：选D如图所示，设线段AB的中点为D，连接OD，OA，设椭圆C的左、右焦点分别为F，F1，连接PF1.设|OD|t，因为点A，B是线段PF的两个三等分点，所以点D为线段PF的中点，所以ODPF1，且|PF1|2t，PF1PF.因为|PF|3|AB|6|AD|6 ，根据椭圆的定义，得|PF|PF1|2a，6 2t2a，解得t或t0(舍去)所以|PF|，|PF1|.在RtPFF1中，|PF|2|PF1|2|FF1
11、|2，即22(2c)2，得，所以椭圆C的离心率e.4.如图，在平面直角坐标系xOy中，F是椭圆1(ab0)的右焦点，直线y与椭圆交于B，C两点，且BFC90，则该椭圆的离心率是_解析：将y代入椭圆的标准方程，得1，所以xa，故B，C.又因为F(c,0)，所以，.因为BFC90，所以0，所以20，即c2a2b20，将b2a2c2代入并化简，得a2c2，所以e2，所以e(负值舍去)答案：5(2018云南统测)已知焦点在y轴上的椭圆E的中心是原点O，离心率等于，以椭圆E的长轴和短轴为对角线的四边形的周长为4.直线l：ykxm与y轴交于点P，与椭圆E相交于A，B两点(1)求椭圆E的方程；(2)若3，求
12、m2的取值范围解：(1)根据已知设椭圆E的方程为1(ab0)，焦距为2c，由已知得，ca，b2a2c2.以椭圆E的长轴和短轴为对角线的四边形的周长为4，42a4，a2，b1.椭圆E的方程为x21.(2)根据已知得P(0，m)，设A(x1，kx1m)，B(x2，kx2m)，由得，(k24)x22mkxm240.由已知得4m2k24(k24)(m24)0，即k2m240，且x1x2，x1x2.由3，得x13x2.3(x1x2)24x1x212x12x0.0，即m2k2m2k240.当m21时，m2k2m2k240不成立，k2.k2m240，m240，即0.1m24.m2的取值范围为(1,4)6已知椭圆C：1(ab0)的左、右焦点分别为F1(1，0)，F2(1,0)，点A在椭圆C上(1)求椭圆C的标准方程；(2)是否存在斜率为2的直线，使得当直线与椭圆C有两个不同交点M，N时，能在直线y上找到一点P，在椭圆C上找到一点Q，满足？若存在，求出直线的方程；若不存在，说明理由解：(1)设椭圆C的焦距为2c，则c1，因为A在椭圆C上，所以2a|AF1|AF2|2，因此a，b2a2c21，故椭圆C的方程为y21.(2)不存在满足条件的直线，证明如下：设直线的方程为y2xt，M(x1，y1)，N(x2，y2)，P，Q(x4，y4)，MN的中点为D(x0，y0)，由消去x，得9y2
