《安徽省2020届高三3月停课不停学期间测试物理答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省2020届高三3月停课不停学期间测试物理答案（3页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1 六安一中六安一中 2020 届高三届高三年级停课不停学周末测试年级停课不停学周末测试 理科综合 一 物理理科综合 一 物理部分参考答案部分参考答案 14 C 解析 设衰变后 a粒子和 Th 90 234 核的速率分别为 21 vv 由动量守恒得 12 0mvMv 由爱因斯 坦质能方程得 222 12 11 22 mvMvmc a粒子的动能 2 2 11 1 2 k M mc Emv Mm C 项正确 15 D 解析 设小球 B 速率为v时 对 B 分析受力 由牛顿第二定律得 BqvF L v m L Qq FT B B 2 2 k 2222 2 22 244 mBqLkQqB q LkQq
2、B q L Tv LmLmLm 故 D 项正确 16 B 解析 对于此类问题可代入特殊值或根据单位使用排除法 选项分析 A D 项 当 90 时 P点在x轴上 由等量正负电荷的电势分布可知 对 称轴上电势为零 可排除 A D 项 故 A D 项错误 B C 项 由无穷远处电势为零可知 离O点越远电势越小 可知r应该在分母上 可排除 C 项 故 B 项正确 C 项错误 综上 所述 本题正确答案为 B 17 B 解析 利用物体从斜面顶端平抛的运动规律 设人从A点平抛 落 到斜面上的C点 沿AC作一直线ACB 则从A平抛时 落到斜面AB 上时 速度方向与水平方向的夹角都相等 则落到斜面上E点时y方
3、向速度 yE v小于落到D点时y方向速度 yD v 又水平方向速度相同 则落到E点时速度与水平方向的夹角比落到D点小 故AD错误 B 运动 员速度与斜面平行时 离斜面最远 当速度为 0 2v时 有 0 2 tan v gt 得 g v t tan2 0 故 B 正 确 C 若沿 AB 斜面平抛 落到斜面上 D 点的时间 tan2tan 00 v gt v vy 得 g v t tan2 0 g v tvx tan2 2 0 0 2 0 2tan coscos vx s g 可知当速度为 0 2v时 4 D ss 则落到E点的 距离为4 E ss 故 C 错误 故选 B 18 AB 解析 A 项
4、 a点和c点 都以相同的周期绕太阳作圆周运动 根据公式 T rv 2 可知该探测 器在 a 位置的线速度大于c位置的线速度 故 A 项正确 B 项 在a点处 该探测器受到的 引力为 aa FFF 地太a 在 c 点处 该探测器受到的引力为 2 cc FFFmr 太c地c 由于 ra rc 相同可知该探测器在a位置受到的引力大于c位置受到的引力 故 B 项正确 C D 项 a与 e 位置 c与d位置太阳的引力大小相等 而地球的引力不等 故合力不等 它们不能 以相同的周期运动 故 C D 项错误 19 AC 解析 A 设圆的半径为R 橡皮筋的劲度系数为k 角PNM用 表示 则 RCOSRCOSRN
5、P 6022 在M点橡皮筋弹力大小为mg 则 Rkmg2 p点 橡皮筋弹力大小为 1 2 p FkRmg 故A正确 CD 结合A的分析可知 当小球与N的 连线与竖直方向之间的夹角为 时 橡皮筋的伸长量 cos2 Rx 橡皮筋的弹 力 amgxkFcos 对小球 设拉力F与水平方向之间的夹角为 在水平方向 sincosFF 竖直方向 mgFF sincos 联立可得 sinmgF 可知拉力F的方向与橡皮筋的方向垂直 而且随 的增大 F逐渐增大 故 C 正确 D 错 误 B 结合 C 的分析可知 小球由M向N运动的过程中拉力F的方向始终跟橡皮筋的方 向垂直 在P点由共点力平衡得 sin 2 1 c
6、osmgF 解得 mgF 2 3 故 B 错误 故选 AC 20 BC 解析 AB 由分式 NBSEm 得 VEm2220 所以发电机线圈产生的交流的 有效值 220 2 m E EV 变压器原副线圈上的电流 12 21 1001 2002 In In 变压器原副线 111 2 圈上的电压 11 22 2002 1001 Un Un 由公式 UIR 得两个电阻上消耗的电压关系 1011 222 1 2 UI RI UI RI 由于 110 UUE 联立得 原线圈两端电压 U1 4E 5 176V 原线圈回路 中电阻两端的电压为 U10 E 176 44V 副线圈回路中电阻两端的电压为 U2 U
7、1 2 88V 故 B 正 确 A 错误 CD 变压器原副线圈上的电流 1 2 1 2 I I 电阻消耗的电功率 RIP 2 所以原 副线圈 回路中电阻消耗的功率比为 2 2 11 2 22 11 24 PI R PI R 故 C 正确 D 错误 21 BC 解析 A 线框进出磁场的过程中 一条边切割磁感线 产生感应电动势 感应电流 在磁场中的边 就会受到安倍力 安倍力的冲量vmx R LB tv R LB R tvLB tFII ii ii iii 222222 可 知 进入磁场过程中v 正比于x 进出磁场发生的位移均为L 所以速度变化一样 所以出磁 场后的速度为 0 0 4v 故 A 错误
8、 B 进入磁场的过程中小车受到安倍力的作用而减速 而 mR vLB m F a 22 随着速度的减小而减小 故 B 正确 C 进出磁场过程中损失的能量 222 000 11 0 4 0 42 22 mvmvmv 故 C 正确 D 错误 22 1 0 45 2 分 2 BD 2 分 3 大于 2 分 解 析 1 游 标 卡 尺 主 尺 上 9mm 刻 度 与 游 标 上 第 5 条 刻 度 对 齐 则 d 9mm 5 0 9mm 4 5mm 0 45cm 2 本实验中 沙桶和沙子的总重力即为后来小车做匀变速运动的合力 所以平衡摩擦力时不需要 取下细绳和沙桶 也不需要沙桶和沙子的总质量远远小于小车
9、的质量 故选项 BD 正确 选项 AC 错误 3 大于 22 2 2222 2121 22 2121 1111 2 222 ddd vvaL avv LLttLtt 23 1 0 398 0 001 1 分 2 B 1 分 D 1 分 甲 2 分 3 17 2 分 5 CD 2 分 解析 1 由图示螺旋测微器可知 其读数为 0mm 39 8 0 01mm 0 398mm 2 电源电动势为 3V 则电压表选 D 通过电阻丝的最大电流约为 A R U I2 0 15 3 电流表 选择 B 由题意可知 电压表内阻远大于待测电阻阻值 电流表应选择外接法 由题意可知 待测电阻阻值约为 15 电阻箱最大阻
10、值为 99 99 为测多组实验数据 同时为了电流表指 针有较大偏角 电阻箱与待测电阻并联 应选择图甲所示实验电路 3 由图甲所示实验电路 根据并联电路特点与欧姆定律 X UU I RR 整理得 111 X II URRUR 故图象的截距为 06 0 1 X R b 则待测电阻阻值 17 06 0 11 b RX 5 A 读数引起的误差是由人为因素引起的 属于偶然误差 用螺旋测微器测量金属丝的直径时 由于读数引起的误差属于偶然误差 故 A 错误 B 由电流表和电压表内阻引起的误差属于系 统误差 不是偶然误差 故 B 错误 C 若将电流表和电压表内阻计算在内 可以消除由测量 仪表引起的系统误差 故
11、 C 正确 D 用 1I UR 图象处理数据求金属丝的电阻可以减小偶然误 差 不能消除系统误差 故 D 正确 故选 CD 24 12 分 1 4 分 质点从O点进入左侧空间后 6 q2 10ENmg 1 分 电场力与重力平衡 质点做匀速圆周运动 洛仑兹力充当向心力 R v mvB 2 q 2 分 m qB mv R4 0 质点第一次通过y轴的位置mRy 5 22 2 1 1 分 2 8 分 质点的 1 4 个匀速圆周运动的时间 1 12 410 m ts qB 2 分 当质点到达右侧空间时 22 2 2 2 mg FEqmgmg ag m 合 且Fv 合与 反向 1 分 质点做有往返的匀变速直
12、线运动 往返时间s a v t 5 2 2 2 2 分 质点第二次通过 y 轴后进入左侧磁场做圆周运动 到第三次通过 y 轴进行 3 4 圆周 所用时间 t3 3t1 3 10 s 2 分 222 3 所以质点从刚射入左侧空间后到第三次通过y轴所需的时间 123 22 5 tttts 1 分 25 20 分 1 4 分 设弹簧压缩最短时 弹性势能为 P E 由机械能守恒得 5 P Emgl 1 分 设物块P离开A平台的速度为 0 v 由能量守恒得 2 0 2 1 mvmglEp 2 分 解得 glv3 0 1 分 2 8 分 设物块P运动到小车最右端与小车的共同速度为 1 v 从物块P离开平台
13、A到物块与小 车共速过程中 物块位移为 1 s 小车位移为 2 s 由动量守恒得 01 2mvmv 2 分 对物块P 2 0 2 11 2 1 2 1 mvmvfs 2 分 对小车 2 12 2 1 mvfs 1 分 12 5ssl 2 分 联立解得平台A右端与平台B左端间的距离为 s s1 7 5l 1 分 3 8 分 由能量守恒可知 物块离开平台B时 速度大小仍为 1 v 设物块P与小车再次共速时 速度为 2 v 从物块P离开平台B到物块与小车再次共速过程中 物块位移为 3 s 小车位移为 4 s 由动量守恒得 21 2mvmv 2 分 对物块P 2 1 2 23 2 1 2 1 mvmv
14、fs 2 分 对小车 2 24 2 1 mvfs 1 分 设小车到达平台A碰后 物体运动的位移为 5 s 由动能定理得 2 25 2 1 0mvfs 1 分 联 立 解 得 物 块p最 终 停 止 的 位 置 据 小 车 右 端 为 345 15 1 875 8 l ssssl 2 分 33 解析 1 ABE 5 分 2 4 分 以BA 整体为研究对象 受力分析如图 BBAABA SpgmgmSPSPSP 1001 代入数值得 mA 1kg 6 分 设 SB S 则 SA 2S 开始状态 5 1 1 1 1 2 10 600 3 PPa TK VLS 先等压变化 后等容变化 当活塞 B 即将上
15、升时 设缸内气体的状态参量分别为 P2 V2 T2 对活塞 B 因为平衡得 20B PSm gPS 解得 P2 0 9 105Pa 由几何关系得 V2 2SL 对气体由理想气体状态方程得 1 122 12 PVPV TT 解得 122 2 1 1 T PV T PV 300K 34 1 BCE 5 分 2 解 i 2 分 振幅 A 0 2m 波长 8 m ii 8 分 由于 2 1 12 ttT 即Tt2 故当波沿 x 轴正方向传播时 可能的周期为 nT T t 4 且 n 0 或 1 可能的传播距离为 nx 4 且 n 0 或 1 当波沿 x 轴负方向传播时 可能的周期为 nTTt 4 3 且 n 0 或 1 可能的传播距离为 nx 4 3 且 n 0 或 1 由波速公式 T v 可知 当速度 v 最大时 周期 T 最小 分析上面两类情况可知 当周期最小 时 波沿 x 轴负方向传 且在nT T t 4 3 中 n 1 则 Tmin 0 2 s 7 由 v x t 知 当速度 v 最大时 x 应最大 即 nx 4 3 中 n 1 最大速度sm T v 280 min max vmax xmax t 280m s 方向为沿 x 轴负方向 A S 0 P A S 1 P B S 0 P g B m g A m B S 1 P 1 F 1 F 333
