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1、课时作业（一）【基础热身】1B解析 选项A、C、D中的数据都是时间轴上的一个点，指的都是时刻；而选项B中15 s是与跑完100 m这一运动过程相对应的，指的是时间间隔，故选项B正确2C解析 位移是从起点指向终点的有向线段，是矢量；路程是运动路径的长度，是标量，它没有方向正确选项只有C.3B解析 加速度描述物体速度变化的快慢程度，选项A错误、B正确；加速度方向与运动方向共线时，物体一定做直线运动，同向时做加速运动，反向时做减速运动，选项C、D错误4A解析 由图可知，心脏每跳动一次，纸带向前移动大约是4个小方格的距离，约2.0 cm，则心脏每跳动一次所需时间约T0.80 s；此人心脏一分钟跳动的次
2、数为n75次，故本题只有选项A正确【技能强化】5B解析 无论加速度正在增大还是正在减小，只要加速度与速度同向，物体速度就一直增大，当同向加速度减小到零时，物体速度达到最大，速度不再增大，但位移会继续增大，由此可知本题只有选项B正确6AC解析 速度与加速度都是矢量，其正负表示速度与加速度的方向速度与加速度方向相反，汽车做减速运动；经1 s速度减小vat1 m/s，所以再过1 s汽车的速度变为5 m/s，故选项A、C正确7AB解析 如果物体做加速度逐渐减小的加速直线运动，则加速度为零时速度最大，选项A正确；根据加速度定义可知选项B正确；质点某时刻的加速度不为零，但该时刻的速度可以为零，选项C错误；
3、物体速度变化量大小决定于加速度和时间两个因素，选项D错误8A解析 由于通讯员初、末位置都跟队尾士兵相同，所以位移也相同，由平均速度公式可以判断选项A正确9C解析 设总位移为x，则甲车运动的总时间t甲x，所以甲车的平均速度甲48 km/h；设乙车运动的总时间为t乙，则乙车的总位移xv乙1v乙2t乙，所以乙车的平均速度乙50 km/h.故C项正确10. 230 m解析 为确保行车安全，要求在列车驶过距离L的时间内，已越过停车线的汽车的车尾必须能通过道口汽车越过停车线至车尾通过道口的过程中，汽车的位移为xlx0x(15526) m46 m汽车速度v236 km/h10 m/s通过这段位移需要的时间t
4、 s4.6 s高速列车的速度v1180 km/h50 m/s所以安全行车的距离为Lv1t504.6 m230 m.11(1)6.61 m/s2(2)9.26 s解析 (1)末速度v100 km/h m/s27.78 m/s平均加速度a m/s26.61 m/s2.(2)所需时间t s9.26 s.120.067 m/s2 解析 遮光板通过第一个光电门的速度v1 m/s0.10 m/s遮光板通过第二个光电门的速度v2 m/s0.30 m/s故滑块的加速度a0.067 m/s2【挑战自我】1345 km/h解析 设甲、丙两地距离为2l，汽车通过甲、乙两地的时间为t1，通过乙、丙两地的时间为t2.从
5、甲到乙是匀加速运动，由lt1得t1 从乙到丙也是匀加速运动，由lt2得t2 所以甲丙45 km/h.课时作业（二）【基础热身】1BD解析 由匀加速直线运动的位移公式可知xttvt，选项A错误，选项B正确；匀减速直线运动可以看成是初速度为0的匀加速直线运动的逆过程，故返回后的加速度、位移的大小和起飞前相同，选项C错误，选项D正确2B解析 v072 km/h20 m/s，设刹车时间为t，则atv0，解得t4 s，故刹车距离xt40 m.3BC解析 当滑块速度大小变为时，其方向可能与初速度方向相同，也可能与初速度方向相反，因此要考虑两种情况，即v或v，代入公式t得，t或t，故选项B、C正确【技能强化
6、】4C解析 物体开始做匀加速直线运动，ag1 m/s2，速度达到传送带的速度时发生的位移xm0.5 mL，所经历的时间t11 s，物体接着做匀速直线运动，所经历的时间t2s2 s，故物体从a点运动到b点所经历的时间t总t1t23 s.5A解析 由逐差法得x6x15aT2，所以a0.01 m/s2，选项A正确6D解析 用“逆向思维”法解答由题知，若倒过来分析，子弹向左做匀加速直线运动，初速度为零，设每块木块长为L，则v2aL，v2a2L，v2a3L，v3、v2、v1分别为子弹倒过来向左穿透第3块木块后、穿透第2块木块后、穿透第1块木块后的速度，则v1v2v31，子弹依次向右穿入每个木块时速度比v
7、1v2v31，因此选项A、B错误由v3at3，v2a(t2t3)，v1a(t1t2t3)三式联立，得t1t2t3()(1)1，因此选项C错误，D正确7B解析 由xat2，解得a8 m/s2，最后1 s的位移为x1812 m4 m，选项B正确8ABD解析 小球沿斜面向上做匀减速直线运动，因从a到c和c到d所用时间相等，故经过c点时恰为从a到d所经历时间的中间时刻，vc m/s3 m/s，选项B正确；因xacxabxbc7 m，xcdxbdxbc5 m，由xxacxcdaT2得：a0.5 m/s2，由vv2axbc可得，vb m/s，选项A正确；从c到e所经历的时间tce6 s，故从d到e所用的时
8、间tdetceT4 s，deat4 m，选项C错误，选项D正确9ABC解析 如图所示，物体由A沿直线运动到B，C点为AB的中点，物体到达C点时速度为v1，若物体做匀加速直线运动，A到B的中间时刻应在C点左侧，有v1v2，若物体做匀减速直线运动，A到B的中间时刻应在C点右侧，仍有v1v2，故A、B正确，D错误；若物体做匀速直线运动，则v1v2，C正确1012 m/s没有超速解析 设汽车刹车前的速度为v0，汽车刹车时加速度大小为a.将汽车刹车到速度为零的运动看成逆向的匀加速运动，则xat2v0at解得v012 m/s因12 m/s43.2 km/h50 km/h，故汽车没有超速行驶11v06 m/
9、s解析 设经过时间t，货箱和平板车达到共同速度v.以货箱为研究对象，由牛顿第二定律得，货箱向右做匀加速运动的加速度为a1g货箱向右运动的位移为x箱a1t2又va1t平板车向右运动的位移为x车v0tat2又vv0at为使货箱不从平板车上掉下来，应满足x车x箱l联立得：v0代入数据：v06 m/s.【挑战自我】12(1)99 m1.25 m(2)8.6 s解析 (1)设直升机悬停位置距地面高度为H，伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，着地时，速度为v1，相当于从h1高处自由落下在匀减速运动阶段，有vv2ah，即52v212.5h在自由落体运动阶段，有v2g(Hh)即v210(224h
10、)联立解得h99 m，v050 m/s以5 m/s的速度落地相当于从h1高处自由落下即2gh1v所以h1 m1.25 m.(2)设伞兵在空中的最短时间为t，则在自由落体运动阶段，有v0gt1，解得t1 s5 s，在匀减速运动阶段，有t2 s3.6 s，故所求时间tt1t2(53.6) s8.6 s.课时作业（三）【基础热身】1B解析 自由落体运动是竖直方向上初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，满足初速度为零的匀加速直线运动的规律，故选项A、C、D均正确；对B项，平抛运动在竖直方向上的分运动也满足该规律，故选项B错误2C解析 在匀速飞行的飞机上自由释放的物体有一个与飞机相同的水平速度，同时物
11、体在竖直方向上做自由落体运动，所以从飞机上看，物体始终在飞机的正下方，且相对飞机向下运动，故A、B均错误；从地面上看，物体做平抛运动，故C正确，D错误3C解析 因曝光时间极短，故AB段可看作匀速直线运动，小石子到达A点时的速度为vA m/s20 m/s，h m20 m，选项C正确4A解析 根据时间的对称性，物体从A点到最高点的时间为，从B点到最高点的时间为，所以A点到最高点的距离hAg2，B点到最高点的距离hBg2，故A、B之间的距离为hAhBg(TT)，正确选项为A.【技能强化】5D解析 自由落体运动初速度为零，据此可排除选项C；小球与地面碰撞瞬间速度突然反向，据此可排除选项A、B.综上分析
12、可知本题正确选项为D.6A解析 由题图可知，小球做匀加速直线运动，相邻的两段位移之差为一块砖的厚度，由xdaT2可得，a；位置“3”是位置“2”和位置“4”的中间时刻，由v得，v3.只有选项A错误7C解析 根据自由落体运动的规律，尺子下落(ab)高度对应的时间即乙同学的反应时间由公式hgt2得t，选项C正确8C解析 设中学生的重心位于身体的中点，则重心上升的高度约为：h2.10 m1.70 m1.25 m，由v2gh得：v05 m/s.9C解析 依题意可设第1个小球经时间t落地，则第2个小球经时间2t落地，第3个小球经时间3t落地，第4个小球经时间4t落地又因为四个小球做的都是初速度为零的匀加
13、速运动，因此它们下落的高度之比为14916，只有选项C正确. 10A解析 磕头虫向下运动的末速度大小与向上运动的初速度大小相等，向下运动过程v2ah1，反弹起来过程v2gh2；人向上加速运动过程v2aH1，离地上升过程中v2gH2，代入数值得H2150 m，故选项A正确111.75 s解析 由向上跃起的高度h10.45 m可求得向上跃起的时间为t1 s0.3 s设运动员从手到脚全长2l，双手向上立在跳台上时，重心位置O离跳台为l，手接触水面时重心位置O离水面也为l，运动员从最高点到将入水时，重心下降的高度h2Hlh1lHh110.45 m下降过程的时间t2 s1.45 s所以运动员完成空中动作
14、的时间为tt1t20.3 s1.45 s1.75 s.12(1)7.2 m(2)2.5 m/s2解析 设前、后两过程下落的高度分别为h1、h2，所用时间分别为t1、t2，减速过程加速度的大小为a，运动中达到的最大速度为v，则有h1h240 m4 mt1t26 sv22gh12ah2t1，t2由以上各式联立解得：h17.2 m，a2.5 m/s2.【挑战自我】13(1)4 s(2)29 m/sv032 m/s解析 (1)取向下为正方向，小球初速度v010 m/s，加速度g10 m/s2，对空管由牛顿第二定律可得mgFma代入数据得a2 m/s2设经时间t，小球从N端穿出，小球下落的高度h1v0tgt2空管下落的高度h2at2则h1h2l联立得v0tgt2at2l代入数据解得t14 s，t21.5 s(舍去)(2)
