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1、陕西省榆林十中2020届高三物理上学期第四次模拟考试试题（含解析）一、单选题1.一只船在静水中的速度为4m/s，它要渡过宽度为300m的一条河；已知水流速度为3m/s，下列说法正确的是（）A. 这只船不可能渡过河B. 这只船渡河所用的最短时间为75sC. 这只船相对于岸的速度一定是5m/sD. 这只船的实际航线不可能垂直于河岸【答案】B【解析】【详解】A.只要船有向对岸的速度，则船一定可以渡过河，故A项与题意不相符；B.当船头正对河岸时时间最短，最短时间为河宽与船速比值，即=s=75s故B项与题意相符；C.根据速度合成法则，只有当船垂直河岸时，船相对于岸的速度才是=5m/s故C项与题意不相符；
2、D.由于船在静水中的速度大于水速，故船可能有垂直于河岸的合速度，故可能垂直于河岸过河，故D项与题意不相符.2.如图所示，三颗人造地球卫星都是顺时针方向运动，b与c轨道半径相同，则A. 周期B. 线速度C. b与c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度D. b加速则可追上前面的c与之对接【答案】A【解析】【详解】人造地球卫星受到地球的引力充当向心力，即由公式可知：A.周期，半径越大，周期越大，故Tb=TcTa，故A正确；B.线速度，即半径越大，线速度越小，故vb=vcva，故B错误；C.向心加速度，半径越大，向心加速度越小，故bc加速度小于a的加速度，故C错误；D.b加速做离心运动，轨道半径
3、变大，不可能追上前面的c，故D错误。3.转笔是一项深受广大中学生喜爱的休闲活动，其中也包含了许多的物理知识。如图所示，假设某同学将笔套套在笔杆的一端，在转笔时让笔杆绕其手指上的某一点O在竖直平面内做匀速圆周运动，则下列叙述中正确的是（ ）A. 笔套做圆周运动的向心力是由笔杆对其的摩擦力提供的B. 笔杆上离O点越近的点，做圆周运动的向心加速度越大C. 当笔杆快速转动时笔套有可能被甩走D. 由于匀速转动，笔套受到的摩擦力大小不变【答案】C【解析】【详解】A.笔杆在竖直面内做匀速圆周运动，所以笔套做圆周运动的向心力是由重力、笔杆对其的摩擦力以及笔杆对其产生的弹力的合力提供的，故A错误B.笔杆上的各个
4、点都做同轴转动,所以角速度是相等的,根据 ，笔杆上离O点越近的点，做圆周运动的向心加速度越小，故B错误C. 转速过大时,当提供的向心力小于需要向心力时,笔套有可能做离心运动被甩走,故C正确，D.笔杆在竖直方向做匀速圆周运动，所以重力、弹力、摩擦力的合力一直指向圆心，且大小不变，根据受力可知，摩擦力大小不可能大小不变，故D错误；4.在光滑水平面上，有两个小球A、B沿同一直线同向运动，B在前，A在后。已知碰前两球的动量分别为pA12 kgm/s、pB13 kgm/s，碰撞前后，它们动量的变化分别为pA、pB.下列数值可能正确的是()A. pA4 kgm/s、pB4 kgm/sB. pA4 kgm/
5、s、pB4 kgm/sC. pA24 kgm/s、pB24 kgm/sD. pA24 kgm/s、pB24 kgm/s【答案】A【解析】【详解】A项：由pA4 kgm/s、pB4 kgm/s，由动量守恒得：碰后两球的动量分别为：，可见，碰撞后A的动能减小，B的动能增大，不违反能量守恒定律和不可穿越原理，是可能的，故A正确；B、D项：由题意可知，碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，即违反了不可穿越原理，故BD错误；C项：根据碰撞过程动量守恒得：如果pA24 kgm/s、pB24 kgm/s所以碰后两球的动量分别为，可以看出，碰撞后A的动能不变，B的动能增大，违反了
6、能量守恒定律，故C错误。故选：A。5.甲、乙两物体同时从同一位置沿同一直线运动，它们的vt图象如图所示，下列说法正确的是()A. t1时刻，两者相距最远B. t2时刻，乙物体追上甲C. 乙物体先向负方向运动，t1时刻以后向正方向运动D. 0t2时间内，乙的速度和加速度大小都是先减小后增大【答案】D【解析】【详解】在0t2时间内，乙的速度比甲的小，甲在乙的前方，两者间距逐渐增大t2时刻后，乙的速度比甲的大，两者间距减小，所以在0t2时间内，t2时刻两者相距最远，乙物体未追上甲，故A、B错误；在vt图象中速度的正负表示运动方向，由题图可知乙的速度方向一直为正，运动方向没有发生改变，故C错误；根据v
7、t图象的斜率表示加速度，则0t2时间内，乙的速度和加速度大小都是先减小后增大，故D正确.6.屋檐隔一定时间滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高1m 的窗子的上、下沿，如图所示，g=10m/s，则此屋檐离地面的距离为A. 2.2mB. 3.0mC. 2.5 mD. 3.2m【答案】D【解析】【详解】设滴水的时间间隔为T，知窗子的高度等于自由下落3T内的位移减去2T内的位移。有：g（3T）2-g（2T）2=1m故滴水的时间间隔T=0.2s水从屋檐下落到地面的时间t=4T.h=g（4T）2=100.64=3.2m.A. 2.2m，与结论不相符，选项A错误；B
8、. 3.0m，与结论不相符，选项B错误；C. 2.5 m，与结论不相符，选项C错误；D. 3.2m，与结论相符，选项D正确；7.在同一水平直线上的两位置沿同方向分别抛出两小球和，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力要两球在空中相碰，则（）A. 球先抛出B. 球先抛出C. 两球同时抛出D. 两球质量相等【答案】C【解析】【详解】由于相遇时A、B做平抛运动的竖直位移h相同，由h=gt2可以判断两球下落时间相同，即应同时抛出两球。物体做平抛运动的规律水平方向上是匀速直线运动，由于A的水平位移比B的水平位移大，所以A的初速度要大。A.A球先抛出，与结论不相符，选项A错误；B. B球先抛出，与结论不相符，选
9、项B错误；C.两球同时抛出，与结论相符，选项C正确；D.两球质量相等，与结论不相符，选项D错误。8.一位质量为 m 的运动员从下蹲状态向上起跳，经 t 时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为 v， 在此过程中( )A. 地面对他的冲量为 mvmgt，地面对他做的功为2mv2B. 地面对他的冲量为 mvmg t，地面对他做的功为零C. 地面对他的冲量为 mv，地面对他做的功为2mv2D. 地面对他的冲量为 mvmg t，地面对他做的功为零【答案】B【解析】【详解】人的速度原来为零，起跳后变化v，由动量定理可得：解得地面对人的冲量为：由于支持力方向没有发生位移，故地面对人做功为零；故选B。二、多选题
10、9.如图所示，质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB长度为2R，现将质量也为m的小球从距A点正上方h高处由静止释放，然后由A点经过半圆轨道后从B冲出，能上升的最大高度为（不计空气阻力），则（ ）A. 小球和小车组成的系统动量守恒B. 小车向左运动的最大距离为RC. 小球离开小车后做斜上抛运动D. 小球落回B点后一定能从A点冲出【答案】BD【解析】【详解】A.小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，水平方向系统动量守恒，但由于小球有向心加速度，系统竖直方向的合外力不为零，所以系统动量不守恒，故A错误；B.设小车向左运动的最大距离为x。系统水平方向动量守恒，以向右为正方向，在
11、水平方向，由动量守恒定律得：mv-mv=0，即得，解得：x=R，故B正确；C. 小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，则知小球由B点离开小车时系统水平方向动量为零，小球与小车水平方向速度均为零，小球离开小车后做竖直上抛运动，故C错误；D.小球第一次从静止开始上升到空中最高点的过程，由动能定理得：mg（h-）-Wf=0，Wf为小球克服摩擦力做功大小，解得：Wf=mgh，即小球第一次在车中滚动损失的机械能为mgh，由于小球第二次在车中滚动时，对应位置处速度变小，因此小车给小球的弹力变小，摩擦力变小，摩擦力做功小于mgh，机械能损失小于mgh，因此小球从B点落回后一定能从A点冲出。故D正确。10.
12、以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将m1 kg的货物放在传送带上的A处，经过1.2 s到达传送带的B端用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化图象如图乙所示，已知重力加速度g取10 m/s2，由vt图线可知()A. A、B两点的距离为2.4 mB. 货物与传送带的动摩擦因数为0.5C. 货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功大小为12.8 JD. 货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为4.8 J【答案】BD【解析】物块在传送带上先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，所以物块由A到B的间距为对应图象所围梯形的“面积”。故A错误；由v-t图象可知，物
13、块在传送带上先做a1匀加速直线运动，加速度为，对物体受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，同理，做a2的匀加速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，加速度为。 联立解得，故B正确；第一阶段： ，由图象知位移为： ，摩擦力做正功为：，同理第二阶段：由图象知位移为，摩擦力做负功为：，所以整个过程，传送带对货物做功大小为：12J-0.8J=11.2J，故C错误；根据功能关系，货物与传送带摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对位移，第一阶段，第二阶段，。故两者之间的总相对位移为：。 货物与传送带摩擦产生的热量为：，故D正确；综上分析，BD正确。11.发射地球同步卫星要经过三个阶段:先
14、将卫星发射至近地圆轨道1,然后使其沿椭圆轨道2运行，最后将卫星送入同步圆轨道3.轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示。当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是( )A. 卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点时的加速度B. 卫星在轨道1上经过Q点时的速度等于它在轨道2上经过Q点时的速度大小C. 卫星在轨道3上受到的引力小于它在轨道1上受到的引力D. 卫星由2轨道变轨到3轨道在P点要加速【答案】ACD【解析】【详解】A.根据万有引力提供向心力,得,所以卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点时的加速度.故 A正确的;B.卫星从轨道
15、1上经过Q点时加速做离心运动才能进入轨道2,故卫星在轨道1上经过Q点时的速度小于它在轨道2上经过Q点时的速度,故B错误;C、根据引力定律,可以知道,距离越大的,同一卫星受到的引力越小,因此在轨道3上受到的引力小于它在轨道1上受到的引力,故C正确 D、由2轨道变轨到3轨道,必须加速,才能做匀速圆周运动,否则仍做近心运动,，故D正确；12.如图甲所示在光滑水平面上轻质弹簧一端固定。物体A以速度v0向右运动压缩弹簧测得弹簧的最大压缩量为x。现让该弹簧一端连接另一质量为2m的物体B（如图乙所示），静止在水平面上。物体A以2v0的速度向右压缩弹簧测得弹簧的最大压缩量仍为x。则A. A物体的质量为6mB. A物体的质量为4mC. 弹簧压缩最大时的弹性势能为D. 弹簧压缩最大时B的动量为【答案】ACD【解析】【详解】当弹簧固定时，当弹簧压缩量最大时，弹性势能最大，A的动能转化为弹簧的弹性势能，
