《山西省浑源县第五中学2020届高三物理上学期第八次考试试题(含解析).doc》由会员分享,可在线阅读,更多相关《山西省浑源县第五中学2020届高三物理上学期第八次考试试题(含解析).doc(15页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、山西省浑源县第五中学2020届高三物理上学期第八次考试试题(含解析)一、选择题1.如图所示,在一幢居民楼里有各种不同的用电器,如电灯、电视机、洗衣机、微波炉、排油烟机等停电时,用多用电表测得A、B间的电阻为R;供电后,设各家用电器全都同时使用时,测得A、B间电压为U,进线电流为I;经过一段时间t,从总电能表中测得这段时间内消耗的电能为W,则下列表达式用来计算该幢楼居民用电的总功率,其中正确的是()A. P=I2RB. P=C. P=IUD. P=【答案】CD【解析】居民楼里的用电器不全是纯电阻所以不可以用PI2R,P,进行功率计算,计算该幢楼居民用电的总功率可以用PIU,P,选CD2.截面直径
2、为d、长为L的导线,两端电压为U,当这三个量中的一个改变时,对自由电子定向移动平均速率的影响,下列说法正确的是A. 电压U加倍时,自由电子定向移动的平均速率不变B. 导线长度L加倍时,自由电子定向移动的平均速率减为原来的一半C. 导线截面直径d加倍时,自由电子定向移动的平均速率不变D. 导线截面直径d加倍时,自由电子定向移动的平均速率加倍【答案】BC【解析】试题分析:根据公式可得,U加倍I增大,所以根据公式可得,电子的定向移动的平均速率增大,A错误,根据公式可得,当导线长度L加倍时,电阻增大一倍,根据公式,电流减小一倍,所以根据公式可得,电子定向移动速率减小为原来的一半,B正确,当导线截面直径
3、d加倍时,根据公式可得,电阻变为原来的四分之一,所以电流增大为原来的4倍,根据公式可得横截面积变为原来的四分之一,所以电子的定向移动速率不变,C正确,D错误,考点:考查了电流的微观和宏观表达式点评:正确掌握公式和以及是本题的关键3.如图所示,电源电动势E3.2 V,电阻R30 ,小灯泡L的额定电压UL3.0 V,额定功率PL4.5 W当开关S接1时,电压表的读数为3 V,则当开关S接2时,灯泡发光的情况是A. 很暗,甚至不亮B. 正常发光C. 比正常发光略亮D. 有可能被烧坏【答案】A【解析】试题分析:灯泡的额定电流,电阻,当开关接1时,电阻R的电流,根据闭合电路欧姆定律;当开关接2时,灯泡电
4、流,小于灯泡的额定电流,实际功率小于额定功率,则灯泡很暗,甚至不亮,故A正确,考点:考查了电功率的计算,闭合回路欧姆定律的应用【名师点睛】灯泡的电阻不变,发光情况根据实际电流如何变化来判断当开关接1时,根据闭合欧姆定律,得到电动势与内阻的关系,再根据闭合电路欧姆定律,研究开关接2时,灯泡的电流与额定电流比较,确定发光情况4.如图所示,调整电路的可变电阻R的阻值,使电压表V的示数增大U,在这个过程中() A. 通过R1的电流增加,增加量一定等于B. R2两端的电压减小,减少量一定等于UC. 通过R的电流增加,增加量一定等于D. 通过R2的电流减小,但减少量一定小于【答案】AD【解析】试题分析:电
5、压表的示数增大,则两端的电压增大,所以通过的电流增大,根据欧姆定律可得,A正确,滑动变阻器两端的电压增大,说明其连入电路的电阻增大,故电路总电阻增大,所以电路总电流减小,故的电流减小,所以其两端的电压减小,因为路端电压增大,而电压表示数增大,所以其减少量一定小于,故通过电流的减小量一定小于,BC错误D正确;考点:考查了闭合回路欧姆定律的应用5.如图所示的电路中,灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的,现在突然灯泡A比原来变暗了些,灯泡B比原来变亮了些,则电路中出现的故障可能是()A. R1、R2同时短路B. R1短路C. R3断路D. R2断路【答案】D【解析】【详解】A、R2短路,B灯不亮,不符合
6、题意故A错误B、若R1短路,外电阻减小,路端电压U减小,干路电流I增大,R3电流I3减小,则通过A的电流IA=I-I3增大,UA增大,A灯变亮;B灯并联分流变大,B灯变亮,不符合题意故B错误C、若R3断路,外电阻增大,路端电压U增大,A、B两灯均变亮,不符合题意故C错误D、R2断路,外电阻增大,路端电压U增大,干路电流I减小,R3电流I3增大,则通过A的电流IA=I-I3减小,A灯变暗B灯电压UB=U-IA(RA+R1)增大,B灯变亮,符合题意故D正确6.在图所示电路中E为电源,其电动势E9.0 V,内阻可忽略不计;AB为滑动变阻器,其电阻R30 ;L 为一小灯泡其额定电压U6.0 V,额定功
7、率P1.8 W;K为电键开始时滑动变阻器的触头位于B端,现在接通电键 K,然后将触头缓慢地向A端滑动,当到达某一位置C处时,小灯泡刚好正常发光,则CB之间的电阻应为A. 10 B. 20 C 15 D. 5 【答案】B【解析】【分析】根据本题中小灯泡正好正常发光,分析电路可知本题考查额定电流的计算和串联电路的特点,运用欧姆定律进行求解。【详解】本题中小灯泡正好正常发光,说明此时小灯泡达到额定电流两端电压达到额定电压U额6.0 V,而小灯泡和电源、滑动电阻AC串联,则电阻AC的电流与小灯泡的电流相等,则A不符合题意,错误;B正确C不符合题意,错误;D不符合题意,错误。7.如图所示为伏安法测电阻的
8、一种常用电路。以下分析正确的是A. 此接法的测量值大于真实值B. 此接法的测量值小于真实值C. 此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D. 开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最左端【答案】A【解析】【详解】上图是电流表的内接法测电阻,图中电压表示数大于的两端电压,所以测量值,A正确,B错误;内接法的误差是由于电流表的分压造成的,如果待测电阻值比电流表内阻越大,电流表分压作用越小,误差越小,故C错误;为了安全期间,以防超过电表量程,滑动变阻器开始要处于最右端,让分压最小,D错误。故选A。8.为探究小灯泡L的伏安特性,连好图示的电路后闭合开关,通过移动变阻器的滑片,使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大,直
9、到小灯泡正常发光。由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U-I图象应是A. B. C. D. 【答案】C【解析】分析】根据电路中电阻的变化,确定电压与电流变化,并考虑温度对电阻的影响,运用UI图象含义分析判断【详解】当滑动变阻器在最左端时,灯泡连端电压为0,滑动变阻器逐渐向右移动,小灯泡的亮度逐渐变亮,直到正常发光。随着小灯泡两端电压的升高,电流也在升高,但是,小灯泡灯丝的电阻随着温度的升高而增大,在图像上各点切线斜率应越来越大。故C正确【考点】探究小灯泡的伏安特性曲线【点睛】考查闭合电路中动态变化问题的分析,需要注意的是灯泡的电阻随着电压的升高而增大;9.可用理想电压表V、理想电流表、变阻器
10、R以及电键K和导线等器材来测量某一电源E电动势和内阻如图所示下面给出了四个电路图,图中“”、“”代表电源的正负极和电表的正负接线柱正确的电路图是A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】A电流表将电路短路,电流表可能会被烧坏,电压表无读数,A选项错误;B电源的内电阻很小,电压表分流作用小,将电流表和滑动变阻器相接,误差小,B选项正确;C电流表和电压表的正接线柱应和电源的正极相连,而C选项的电压表的接线柱接错, C选项错误;D安培表和电压表串联,安培表读数几乎为零,电压表读数为电源电动势,D选项错误。10.演示位移传感器的工作原理如图所示,物体M在导轨上平移时,带动滑动变阻器的金属滑杆P
11、,通过电压表显示的数据,来反映物体位移的大小s。假设电压表是理想的,则下列说法正确的是( )A. 物体M运动时,电源内的电流会发生变化B. 物体M运动时,电压表的示数会发生变化C. 物体M不动时,电路中没有电流D. 物体M不动时,电压表没有示数【答案】AB【解析】划片将滑动变阻器分成两个部分且两部分是串联在一起,故电路中的电流恒定不变,所以当M运动时,电源内的电流不会发生变化,电压表显示的是滑动变阻器左端部分两端的电压,所以,会随着M的运动而发生变化,当M不运动时,电路仍在工作,所以电压表电流表都不为零,B正确。二、实验题11.如图所示的电路中1、2、3、4、5、6为连接点的标号.在开关闭合后
12、,发现小灯泡不亮现用电表检查电路故障,需要检测的有:电源、开关、小灯泡、3根导线以及电路中的各连接点.(1)为了检测小灯泡及3根导线,在连接点1、2已接好的情况下,应当选用多用电表的_挡。在连接点1、2同时断开的情况下,应当选用多用电表的_挡。(2)在开关闭合情况下,若测得5、6两点间的电压接近电源的电动势,则表明_可能有故障。(3)小灯泡拆离电路,写出用多用电表检测该小灯泡是否有故障的具体步骤。_。【答案】 (1). 电压 (2). 欧姆 (3). 开关或连接点5、6 (4). 调到欧姆档;将红、黑表笔相接,检查欧姆档能否正常工作;测量小灯泡的电阻。如电阻无穷大,表明小灯泡有故障。【解析】【
13、详解】(1)由于电路存在电源,因此要先用电压档检测;若连接点1、2同时断开,电路其它部分无电源,因此要用欧姆档检测。(2)若测得5、6两点间的电压接近电源的电动势,说明5、6两点与电源正、负极是通的,故障一定出在开关或连接点5、6上。(3)用多用电表检测该小灯泡是否有故障的具体步骤:调到欧姆档;将红、黑表笔相接,检查欧姆档能否正常工作;测量小灯泡的电阻。如电阻无穷大,表明小灯泡有故障。12.将满偏电流Ig300 A,内阻未知的电流表改装成电压表并进行核对(1)利用如图所示的电路测量电流表的内阻(图中电源的电动势E4 V);先闭合S1,调节R,使电流表指针偏转到满刻度;再闭合S2,保持R不变,调
14、节R,使电流表指针偏转到满刻度的,读出此时R的阻值为200 ,则电流表内阻的测量值Rg_.(2)将该表改装成量程为3 V的电压表,需_(填“串联”或“并联”)阻值为R0_的电阻(3)把改装好的电压表与标准电压表进行核对,试画出实验电路图和实物连接图( )【答案】 (1). 100 (2). 串联 (3). 9900 (4). 【解析】【详解】(1)1由于闭合和后,电流表与电阻箱串联,其两端电压相等,可得解得:;(2)2改装电流表需在电流表两端串联一个电阻,起到分压的作用;3串联的电阻大小为;(3)4改装后的电压表与标准电压表进行核对时,应该并联在标准电压表两端,电路图和实物连线图如图所示。13.图示为用伏安法测量电阻的原理图图中,为电压表,内阻;为电流表,内阻;E为电源,R为电阻箱,Rx为待测电阻,S为开关当开关闭合后电压表读数U1.6 V,电流表读数I2.0 mA ,Rx的实际值为 若将电压表读数与电流表读数之比作为测量值,所得结果的百分误差是_若将电流表改为内接,开关闭合后,重新测得电压表读数和电流表