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1、读 万 卷 书 行 万 里 路专题整合训练(八)(本栏目内容，在学生用书中以独立形式分册装订！)全员必做题12019湖北宜昌期末调研)有关孟德尔两对相对性状(豌豆的黄色与绿色、圆粒与皱粒)杂交实验的分析，正确的是 ()A孟德尔对F1植株上收获的556粒种子进行统计，发现4种表现型的比接近9331B基因型为YyRr的豌豆产生的YR卵细胞和YR精子的数量之比约为11C基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合，体现了自由组合定律的实质D黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，故这两对性状的遗传遵循自由组合定律 解析：孟德尔将纯合的黄圆和绿皱个体杂交得到的子一代均为黄圆，子一代自交得到子二代
2、的表现型及比例接近9(黄圆)3(黄皱)3(绿圆)1(绿皱)，其中F1植株上收获的种子为F2，所以对F1植株上收获的556粒种子进行统计，应有4种表现型，比例接近9331，A正确；基因型为YyRr的豌豆将产生雌、雄配子各4种，数量比接近1111，但雌配子和雄配子的数量不相等，其中雄配子的数量远远多于雌配子的数量，B错误；基因的自由组合定律的实质是减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，雌、雄配子随机结合不能体现自由组合定律，C错误；只有当两对相对性状的等位基因位于非同源染色体上时才遵循自由组合定律，D错误。答案：A2(2019黑龙江齐齐哈尔八中
3、第一次月考)牛的有角和无角为一对相对性状(由A和a控制)，但雌牛中的杂合子表现隐性性状。现让多对纯合的有角雄牛和无角雌牛杂交，F1中雄牛全表现为有角，雌牛全表现为无角，再让F1中的雌雄个体自由交配，则下列有关F2的叙述正确的是()AF2的有角牛中，雄牛雌牛11，F2的雌牛中，有角无角31B若用F2中的无角雄牛和无角雌牛自由交配，则F3中有角牛的概率为1/3C控制该相对性状的基因位于X染色体上D在F2的无角雌牛中杂合子所占比例为2/3解析：根据题干信息可知，牛的有角和无角为从性遗传，基因型为Aa的雄牛有角、雌牛无角，故F2有角牛中，雄牛雌牛31；F2的雌牛中，有角无角13，A错误。F2中的无角雄
4、牛(aa)和无角雌牛(Aaaa21)自由交配，则F3中有角牛为雄牛，其概率为2/31/21/21/6，B错误。根据亲本和F1的表现型可推知，控制该对相对性状的基因位于常染色体上，且有角为显性性状，C错误。在F2的无角雌牛(Aa或aa)中，杂合子(Aa)所占比例为2/3，D正确。答案：D3蜜蜂种群由蜂王、工蜂和雄蜂组成，下图显示了蜜蜂的性别决定过程，据图判断，蜜蜂的性别取决于()A性激素 B染色体组数C性染色体数目 DXY性染色体解析：分析图示可知，由卵子受精后形成的合子发育成的蜜蜂为雌性，体细胞含2个染色体组、32条染色体，由未受精的卵细胞直接发育成的个体为雄性，体细胞含1个染色体组、16条染
5、色体，因此蜜蜂的性别与性激素、性染色体数目和XY性染色体均无关，而是与染色体组数有关，A、C、D三项均错误，B项正确。答案：B4下列叙述中正确的是()A在遗传学的研究中，利用自交、测交、杂交、正反交及回交等方法都能用来判断基因的显隐性B红花亲本与白花亲本杂交的F1全为红花的实验，不能支持孟德尔的遗传方式，也不能否定融合遗传方式C基因型为YyRr的植株自花授粉，得到的后代中表现型与亲本不相同的概率为9/16D红眼雌果蝇与白眼雄果蝇交配，子代雌、雄果蝇都表现红眼，这些雌雄果蝇交配产生的后代中，红眼雄果蝇占1/4，白眼雄果蝇占1/4，红眼雌果蝇占1/2，由此可见，果蝇的眼色和性别表现为自由组合解析：
6、正反交主要判断基因所在的位置，A项错误；红花亲本与白花亲本杂交的F1全为红色，不能支持孟德尔的遗传方式，也不能否定融合遗传方式，B项正确；基因型为YyRr的植株自花授粉，得到的后代中表现型与亲本不相同的概率为7/16，C项错误；由于控制眼色的基因位于X染色体上，因此眼色和性别不能自由组合，D项错误。答案：B5(2019福建龙岩期末)香豌豆的花色有紫花和白花两种表现，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花，F1自交，F2的性状分离比为紫花白花97。下列分析不正确的是()A两个白花亲本的基因型为ccPP与CCppBF2中白花的基因型有5种CF2紫花中纯合子的比例为1/9D
7、F1测交结果紫花与白花的比例为11答案：D6(2019河北石家庄一模)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因(A、a，B、b，C、c)控制，当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，否则开白花。现将两个纯合的白花品系杂交，F1开红花，再将F1自交，F2中的白花植株占37/64。若不考虑变异，下列说法错误的是 ()A每对基因的遗传均遵循分离定律B该花色遗传至少受3对等位基因控制CF2红花植株中杂合子占26/27DF2白花植株中纯合子基因型有4种解析：由题意知，该植物花色的遗传符合自由组合定律，至少受3对等位基因控制，且每对基因的遗传均遵循分离定律，A、B正确；F1自交
8、，F2中的白花植株占37/64，红花植株占137/6427/64(3/4)3，说明F1的基因型可能为AaBbCc，F2红花植株中纯合子占(1/41/41/4)(27/64)1/27，故红花植株中杂合子占26/27，C正确；若F1的基因型为AaBbCc，F2白花植株中纯合子基因型有AAbbcc、AAbbCC、AABBcc、aaBBCC、aaBBcc、aabbcc、aabbCC共7种，D错误。答案：D7某雌雄异株二倍体植株为XY型性别决定，该植物有蓝花和紫花两种表现型，由等位基因A和a(位于常染色体上)、B和b(位于X染色体上)共同控制。已知紫色素形成的途径如下图所示。下列叙述正确的是()A该花色
9、的遗传反映了基因通过控制蛋白质的结构直接控制生物的性状B该植物种群内花色对应的基因型共有9种C若蓝花雄株蓝花雌株，F1中的紫花雄株占3/16，则雄株亲本的基因型为AaXBYD取AaXBY植株的花粉通过离体培养所得植株都为纯合子解析：该花色的遗传反映了基因通过控制酶的合成间接控制生物的性状，A错误；该植物种群内花色对应的基因型共有3515种，B错误；若蓝花雄株蓝花雌株，F1中的紫花雄株占3/16，则雄株亲本的基因型为AaXBY，C正确；取AaXaY植株的花粉通过离体培养所得植株都为单倍体，经加倍后才能得到纯合子，D错误。答案：C8(2019湖南衡阳一模)水稻花粉粒中淀粉的非糯性和糯性、花粉圆粒和
10、花粉长粒是两对相对性状，控制这两对相对性状的两对基因独立遗传(非糯性的花粉粒遇碘呈蓝色，糯性的花粉粒遇碘呈橙红色)。请利用这两对相对性状纯合的水稻植株为材料，以花粉粒作为研究对象，设计实验验证自由组合定律。(1)请写出该实验的实验思路：_。(2)某同学观察一个视野后，统计数据如下表所示：花粉粒性状蓝色橙红色圆形长形数目8个11个7个12个上述同学的统计结果能否验证自由组合定律的正确性？_。试说明原因：_。(3)结果分析：当花粉粒的表现型及比例为_时，则可验证自由组合定律是正确的。解析：本题通过水稻的性状遗传考查考生的分析与判断及方案设计能力，属于对科学思维素养和科学探究素养的考查。(1)要验证
11、基因的自由组合定律，需要先获得双杂合个体，故可以选用纯种非糯性花粉圆粒性状的个体和纯种糯性花粉长粒性状的个体(或纯种非糯性花粉长粒性状的个体与纯种糯性花粉圆粒性状的个体)杂交，获得的F1即为双杂合个体，取F1的花粉加碘液染色后进行镜检，并记录花粉粒的形状和颜色。(2)表格中是单独统计了花粉粒的形状和颜色，并未统计橙红色圆形、橙红色长形、蓝色圆形、蓝色长形颜色和形状的组合性状情况，另外统计的花粉粒数量太少，误差较大，故不能验证基因的自由组合定律。(3)若两对基因符合基因的自由组合定律，则F1双杂合植株可以产生四种比例相等的配子，则会出现四种花粉即非糯性(蓝色)圆形非糯性(蓝色)长形糯性(橙红色)
12、圆形糯性(橙红色)长形1111。答案：(1)用纯种非糯性花粉圆粒性状的个体和纯种糯性花粉长粒性状的个体(或纯种非糯性花粉长粒性状的个体和纯种糯性花粉圆粒性状的个体)杂交，取F1的花粉粒加碘液染色后放在显微镜下观察并记录花粉粒的颜色和形状(2)不能分别统计一对相对性状不能说明基因的自由组合，要统计两对相对性状的组合情况；观察的花粉粒数量较少(3)非糯性(蓝色)圆形非糯性(蓝色)长形糯性(橙红色)圆形糯性(橙红色)长形11119(2019湖南长沙3月调研)科学家对猕猴(2n42)的代谢进行研究，发现乙醇进入机体内的代谢途径如图所示。缺乏酶1，喝酒脸色基本不变但易醉，称为“白脸猕猴”；缺乏酶2，喝酒后乙醛积累刺激血管引起脸红，称为“红脸猕猴”；还有一种是号称“不醉猕猴”，原因是两种酶都有。请据图回答下列问题：(1)该实例说明基因控制性状的方式是_。(2)“红脸猕猴”的基因型有_种；若一对“红脸猕猴”所生的子代中有“不醉猕猴”和“白脸猕猴”，则它们再生一个“不醉猕猴”雄性个体的概率是_。(3)为了判断某“白脸猕猴”雄猴的基因型，进行了如下遗传实验：让该“白脸猕猴”与多只纯合的“不醉猕猴”交配，并产下多只后代。观察、统计后代的表现型及比例。请你预测实验结果并推测相应的实验结论。：_；：_
