《【数学】安徽省2020届高三下学期模拟卷（六）（文）（解析版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【数学】安徽省2020届高三下学期模拟卷（六）（文）（解析版）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、安徽省六安市第一中学2020届高三下学期模拟卷（六）（文）测试范围：内综合共150分，考试时间120分钟第卷（选择题 共60分）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1已知集合,，则（ ）ABCD2已知实数满足（其中为虚数单位），则复数的共轭复数为 （ ）ABCD3已知命题,，则命题的真假以及命题的否定分别为 （ ）A真，B真，C假，D假，4已知向量，若，且，则实数的值为 （ ）A2B4C或2D或45运行如下程序框图，若输出的的值为6，则判断框中可以填 （ ）ABCD6 （ ）ABCD7已知函数，则下列说法正确的是 （ ）A函数的
2、图象关于对称B函数的图象关于对称C函数的图象关于中心对称D函数的图象关于中心对称8将函数的图象向右平移个单位后，得到的函数图象关于对称，则当取到最小值时，函数的单调增区间为（ ）ABCD9已知实数满足，若，且恒成立，则实数的取值不可能为 （ ）A7B8C9D1010已知某几何体的三视图如下所示，若网格纸上小正方形的边长为1，则该几何体的最短棱长为 （ ）A1BCD211已知椭圆的离心率为，且是椭圆上相异的两点，若点满足，则的取值范围为 （ ）ABCD12已知关于的不等式在上恒成立，则的最小值为 （ ）A1B2C3D4第卷（非选择题 共90分）二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分将答
3、案填在题中的横线上）13杨辉，字谦光，南宋时期杭州人.在他1261年所著的详解九章算法一书中，辑录了如图所示的三角形数表，称之为“开方作法本源”图，并说明此表引自11世纪中叶（约公元1050年）贾宪的释锁算术，并绘画了“古法七乘方图”.故此，杨辉三角又被称为“贾宪三角”.杨辉三角是一个由数字排列成的三角形数表，一般形式如下：基于上述规律，可以推测，当时，从左往右第22个数为 .14已知双曲线的右焦点到渐近线的距离为3.现有如下条件：双曲线的离心率为； 双曲线与椭圆共焦点； 双曲线右支上的一点到的距离之差是虚轴长的倍.请从上述3个条件中任选一个，得到双曲线的方程为 .（注：以上三个条件得到的双曲
4、线的方程一致）15已知四棱锥中，底面四边形为等腰梯形，且，若平面平面，则四棱锥外接球的表面积为 . 第15题图 第16题图16如图所示，四边形被线段切割成两个三角形分别为和，若，则四边形面积的最大值为 .三、解答题（本大题共6小题，共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17（12分）已知正项数列的前n项和为，若数列是公差为的等差数列，且是的等差中项.（1）证明数列是等比数列，并求数列的通项公式；（2）若是数列的前n项和，若恒成立，求实数的取值范围.18（12分）某大学棋艺协会定期举办“以棋会友”的竞赛活动，分别包括“中国象棋”、“围棋”、“五子棋”、“国际象棋”四种比赛，每位协会会员
5、必须参加其中的两种棋类比赛，且各队员之间参加比赛相互独立；已知甲同学必选“中国象棋”，不选“国际象棋”，乙同学从四种比赛中任选两种参与.（1）求甲参加围棋比赛的概率；（2）求甲、乙两人参与的两种比赛都不同的概率.19（12分）已知四棱锥中，底面是直角梯形，且，为的交点，点在平面内的投影为点.（1）；（2）若，求三棱锥的体积.20（12分）已知椭圆的左、右焦点分别为，上、下顶点分别为，若，点关于直线的对称点在椭圆上.（1）求椭圆的方程与离心率；（2）过点做直线与椭圆相交于两个不同的点；若恒成立，求实数的取值范围.21（12分）已知函数.（1）当时，求函数的极值点；（2）若时，证明：.请考生在第2
6、2，23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分作答时请写清题号22（10分）选修44坐标系与参数方程在平面直角坐标系中曲线的参数方程为（为参数），以为极点，轴的正半轴为极轴，建立极坐标系，直线的极坐标方程为.（1）求曲线的普通方程以及直线的直角坐标方程；（2）将曲线向左平移2个单位，再将曲线上的所有点的横坐标缩短为原来的，得到曲线，求曲线上的点到直线的距离的最小值.23（10分）选修45不等式选讲已知函数.（1）当时，求不等式的解集；（2）若不等式恒成立，求实数的取值范围.参考答案1【答案】C【解析】依题意，集合，故，故选C.2【答案】A【解析】依题意，故，故，故复数的共轭复数为，故
7、选A.3【答案】B【解析】不妨取，此时，故命题为真；特称命题的否定为全称命题，故，故选B.4.【答案】C【解析】依题意，向量；因为，故，故；又，即或1，故或-2，故选C.5【答案】B【解析】运行该程序，第一次，；第二次，；第三次，；第四次，；第五次；第六次，；观察可知，判断框中可以填“”，故选B.6【答案】A【解析】依题意，；故原式的值为，故选A.7【答案】D【解析】依题意，将函数的图象向右平移一个单位，再向上平移一个单位后，得到函数的图象，这是一个奇函数，图象关于中心对称，故函数的对称中心为，故选D.8 【答案】C【解析】依题意，将函数的图象向右平移个单位后，得到的图象，此时，解得，故，故的
8、最小值为故；令，解得，即，故选C.9【答案】A【解析】依题意，作出不等式组所表示的平面区域如下图阴影部分所示，可以求出；要使恒成立，需且仅需解得；故的取值不可能为7，故选A.10【答案】B【解析】作出该几何体的直观图如下图所示，观察可知，该几何体的最短棱长为或，均为，故选B. 第9题答案图 第10题答案图11【答案】A【解析】依题意，；因为，故；设，则，故，可知，当时，有最大值25，当时，有小值；故的取值范围为，故选A.12【答案】A【解析】依题意，令，故；令，则，故当时，；故在上单调递减，故，故的最小值为1，故选A.13【答案】253【解析】当时，共有24个数，从左往右第22个数即为这一行的
9、倒数第3个数，观察可知，其规律为1,3,6,10,15,21,28,36,45,55,66,78,91,105,120,136,153，171,190,210,231,253，故所求数字为253.14【答案】【解析】依题意，双曲线的渐近线方程为，即，故，即；双曲线的离心率为，故；又，且，故，故双曲线的方程为；椭圆的焦点坐标为，故；又，故，故双曲线的方程为；依题意，设双曲线的左、右焦点分别为，故，故，故双曲线的方程为.15【答案】【解析】因为四边形为等腰梯形，故；因为,，故；取CD的中点E，则E是等腰梯形外接圆圆心；F是外心，作平面，平面，则O是四棱锥的外接球的球心，且；设四棱锥的外接球半径，则
10、，所以四棱锥外接球的表面积是.16【答案】【解析】因为，故，故，故是等腰直角三角形；在中，由余弦定理，；又，；易知当时，四边形的面积有最大值，最大值为17【解析】（1）依题意，故，故；故数列是公比为3的等比数列，因为，故，解得；故数列的通项公式为；（6分）（2）依题意，故数列是以1为首项，为公比的等比数列，故，故，即实数的取值范围为.（12分）18【解析】（1）依题意，甲同学必选“中国象棋”，不选“国际象棋”，故甲参加围棋比赛的概率为；（4分）（2）记“中国象棋”、“围棋”、“五子棋”、“国际象棋”分别为1,2,3,4，则所有的可能为（1,2,1,2）,（1,2,1,3）,（1,2,1,4）,
11、（1,2,2,3）,（1,2,2,4）,（1,2,3,4）,（1,3,1,2）,（1,3,1,3）,（1,3,1,4）,（1,3,2,3）,（1,3,2,4）,（1,3,3,4），其中满足条件的有（1,2,3,4）,（1,3,2,4）两种，故所求概率.（12分）19【解析】（1）依题意，又,，（2分）在中，,，（3分）在中，即；平面,平面,；（6分）又,平面,平面,平面，因为平面，故，即；（8分）（2）依题意，.（12分）20【解析】（1）依题意，点关于直线的对称点为，因为，故，故椭圆；将代入椭圆中，解得；所以椭圆的方程为故离心率；（4分）（2）当直线的斜率不存在时，所以当直线的斜率存在时，设
12、直线的方程为，联立，消去整理得，由，可得，且，所以，所以，故，综上实数的取值范围为（12分）21【解析】（1）依题意，故；可知，当时，；时，；故函数的极小值点为，无极大值点；（4分）（2），令，故，可得函数的单调递增区间为，单调递减区间为，在时取得极大值，并且也是最大值，即又，设，则，所以的单调递增区间为，单调递减区间为，所以,，又，即.（12分）22【解析】（1）曲线：；直线:；（4分）（2）依题意，曲线；又曲线的参数方程为为参数)，设曲线上任一点，则(其中)，所以点到直线的距离的最小值为.（10分）23【解析】（1）显然；故，故不等式的解集为；（5分）（2）依题意，当，故，解得；当时，故，解得；综上所述，实数的值为.（10分）18实 用 文 档
