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1、 高二物理参考答案 第1页 共3页 豫南九校 2018 2019 学年上期第二次联考 高二物理参考答案 1 解析 A选项中法拉第引入场的概念 B中 U I R 不是采用比值法定义的 C电动势 表征的是电源将其他形式的能转化为电能的本领 故D正确 2解析 根据电阻定律 AB a R bc 又 S AB a R b 联立解得 S c 选项C正 确 3 解析 依题意得 每个点电荷在O点产生的场强大小为E1 2 当N点处的点电荷移 至P点时 O点场强如右图所示 合场强大小为E2 E1 2 所以E1 E2 2 1 故B正确 ACD 错误 4 解析 由图可知 滑动变阻器的上下两部分并联再与R串联 电压表测
2、路端电压 电流表测流过滑动变阻器下部分的电流 所以当滑 动变阻器触头P滑到中央时 并联总电阻最大 故电压表示数先增大 后减小 而滑动变阻器下部分的阻值在一直减小 电流表示数一直增大 故B项正确 5 解析 B 解析 电阻R的阻值为R U2 I2 4 1 4 当开关接a时 有E U1 I1r 又U1 5 V I1 P1 U1 2 5 5 A 0 5 A 当开关接b时 有E U2 I2r 又U2 4 V I2 1 A 联立解得E 6 V r 2 6 解析 a球带正电 受到的电场力水平向左 b带负电 受到的电场力水平向右 以整体为研究对象 整体所受的电场力大小为2qE 方向水平向左 分析受力如图 则上
3、面绳子应向左偏转 设上面绳子与竖直方向的夹角为 则由平衡条件得 tan 2qE 2mg qE mg 以b球为研究对象 受力如图 设ab间的绳子与竖直方向的夹角为 则由平衡条件得tan qE mg 得到 所以根据几何知识可知 b球在悬点的正下方 故D正确 ABC错误 故选 D 7 解析 由纯电阻和非纯电阻有关知识可知C选项正确 8 解析 开关闭合时 电容器两板间的电压等于电阻R2 R2两端的电压 小于电源的 电动势 当开关断开时 电路稳定时 电路中没有电流 电容器板间电压等于电源的电动势 则知电容器板间电压增大 板间场强增大 液滴所受电场力增大 则液滴将向上运动 由于 电容器的电压增大 由公式Q
4、 CU可知 电容器上的带电量将增大 故D正确 ABC错误 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 D C B B B D C D BD AD BCD AC 高二物理参考答案 第2页 共3页 故选 D 9 解析 电容器电压U Q C 2V R1两端电压U1 4V 则R3两端电压U3 U1 U 2V 或6V 所以R4两端电压U4 10V 或6V 当U3 2V时 R4 400 当U3 6V 时 R4 80 可见B D正确 答案 BD 10解析 A 若P1 P2为同种电荷 P1 P2之间的库仑力为排斥力 并且力的方向和 速度的方向不再一条直线上 所以质点P2一定做曲线运动 由于两者之间的
5、距离越来越大 它们之间的库仑力也就越来越小 所以P2的加速度在减小 速度增大 故A正确 B错误 C 若P1 P2为异种电荷 P1 P2之间的库仑力为吸引力 当P1 P2之间的库仑力恰好等 于向心力的时候 P2就绕着P1做匀速圆周运动 此时P2速度的大小和加速度的大小都不变 但是方向改变 故C错误 D 若P1 P2为异种电荷 P1 P2之间的库仑力为吸引力 若速度较大 吸引力小于向心 力 P2做离心运动 吸引力减小 则加速度减小 引力做负功 速度减小 做加速度 速度 都变小的曲线运动 故D正确 故选 AD 11 解析 由于Eq mg 故和合场强的方向为与水平面成45 角斜向右下方 在此位置 的时
6、候物体的速度最大 B对 由能量转化关系可得小球可到达水平位置 故A错 在此过 程中 电场力一直对小球做正功 故机械能不守恒 C对 小球到达水平面成45 角斜向右 下方的位置时 qELsin mgL 1 cos 1 2 mv2 F 2mgmg 2 v m R F 32一2 mg 故选BCD 12解析 A x图线的切线斜率表示电场强度的大小 则知N处场强大小为零 故A 正确 B 从M点到P点 图象斜率的绝对值先减小后增大 则场强先减小后增大 故B错 误 C M点的电势为零 MN间的电势小于零 因沿电场线方向电势降低 故在MN间电 场方向沿x轴正方向 故C正确 D 由图象可知 UMN UNP 故电场
7、力做功qUMN qUNP 从P移到M过程中 电场力做负功 故 WPN WNM 故D错误 故选 AC 13 10 04 4 700 220 14 1 电路图如图所示 2 10 温度升高 电阻率增大 3 0 3 0 6 4 8 15 解 1 稳定时 电容看作断开状态 电路中的电流 12 20 1 812 E IA RR 4分 2 S闭合 电路处于稳定状态时 电容两端的电压 U IR2 1 12V 12V 断开后 电容两端的电压为20V 故这以后流过R1的总电量为 Q U c 20 12 30 10 6C 2 4 10 4C 6分 16 解 1 小球做类平抛运动 水平方向做匀减速直线运动 竖直方向做
8、初速度为零的匀加速直 线运动 由牛顿第二定律得 qE mg ma qE mg 得a 2g 高二物理参考答案 第3页 共3页 水平方向 x v0t 竖直方向 y 2 1 2 at 又tan y x 联立可得 0tan v t g 6分 2 由上可得y 2 1 2 at 22 0 tanv g 电场力做功为W qEy mv02tan2 4分 17 析 1 对小球B受力分析 FT mgsin37o 2分 FT 6 0N 1分 2 对B受力分析 qE mgcos37o 2分 E 400N m 1分 3 环A做匀速直线运动 对A受力分析 根据共点力的平衡条件可得 FTcos37o f 0 2分 FN M
9、g FTsin37o 2分 f N F 1 分 解得 M 1 08Kg 1分 18 1 根据题意可以知道 电子进入偏转电场时的速度即为电子出加速电场时的速度 根 据动能定理有 2 00 1 2 eUmv 计算得出电子进入偏转电场时的速度 0 0 2eU v m 4 分 2 电子射出偏转电场后做匀速直线运动至荧光屏 由图甲可以知道 只要电子能射出偏 转电场 即可达到荧光屏上 因此当电子在偏转电场中侧移量大于 2 L 时 电子将打在偏转电 场的极板上 致使出现 黑屏 现象 设电子刚好能射出电场时的偏转电压为Um 则有 2 0 12 22 m eULL mLv 计算得出 Um 0 5U0 结合图乙可以知道 在偏转电压U 0 8U0 0 5U0之 间变化时 进入偏转电场的电子无法射出偏转电场打到荧光屏上 因此每个周期时间内荧光 屏出现 黑屏 的时间为 0 80 5 1 0 80 4 tTs 5分 3 设电子射出偏转电场时的侧移量为y 打在荧光屏上的位置到O的距离为Y 如图所示 由几何关系可得 2 3 YLL yL 当电子向上偏转时 在屏上出现的最大距离为 Y1 3 2 L 12cm 当电子向下偏转时 在屏上出现的最大距离为 Y2 3 0 4 9 6 0 52 L cm 高二物理参考答案 第4页 共3页 所以荧光屏上有电子打到的区间的长度为 12 21 6lYYcm 5分
