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1、太原五中20182019学年度第一学期阶段性检测高 二 物 理 （理）一、选择题（1-8单选，每小题3分，9-12多选，每小题4分：漏选2分，多选错选0分。共40分）1.如图所示，质量为m、半径为b的小球，放在半径为a、质量为3m的大空心球内。大球开始静止在光滑的水平面上，当小球从图示位置无初速度地沿大球内壁滚到最低点时，大球移动的距离是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】设小球滑到最低点所用的时间为t，大球的位移大小为x，小球发生的水平位移大小为a-b-x，取水平向左方向为正方向则根据水平方向平均动量守恒得： 即： , 解得： ,故选D2.一宇宙飞船以v=1.0104 m/s的速
2、度进入密度为=2.010-7 kg/m3的微陨石流中，如果飞船在垂直于运动方向的最大截面积为S=5m2，且认为微陨石与飞船碰撞后都附着在飞船上。为使飞船的速度保持不变，飞船的牵引力应为( )A. 100 N B. 200 N C. 50 N D. 150 N【答案】A【解析】选在时间t内与飞船碰撞的微陨石为研究对象，其质量应等于底面积为S，高为vt的直柱体内微陨石尘的质量，即m=Svt，初动量为0，末动量为mv设飞船对微陨石的作用力为F，由动量定理得：Ft=mv-0, 则F=sv2=2.010-75（1.0104）2=102N；根据牛顿第三定律可知，微陨石对飞船的撞击力大小也等于100N飞船要
3、保持原速度匀速飞行，助推器增大的推力应为100N；故选A.点睛：本题主要考查了动量定理及根据牛顿第三定律的直接应用，要注意正确选择研究对象，做好受力分析才能正确求解3.如图所示，真空中的绝缘水平面上C点左侧的区域水平面光滑且空间存在水平向右的匀强电场，C点的右侧水平面粗糙。现从左边区域的某点由静止释放带正电绝缘小球A，球A经加速后与置于C点的不带电的绝缘球B发生碰撞，碰撞时间极短，且碰撞中系统无机械能损失，碰撞后B球的速率为碰前A球速率的一半，且两球均停在C点右侧粗糙水平面上的同一点，A、B两球材料相同均可视为质点，则A、B两球的质量之比（ ）A. 1:1 B. 1:2 C. 1:3 D. 1
4、:4【答案】C【解析】设A球碰前速度为v0，则碰后B的速度为v0，由动量守恒定律： ；由动能定理，对A： ;对B: ；联立解得： （舍掉），mA:mB=1:3，故选C.4.如图所示,人站在小车上，不断用铁锤敲击小车的一端。下列各种说法哪些是正确的( )如果地面水平、坚硬光滑，则小车将在原地附近做往复运动 如果地面的阻力较大，则小车有可能断断续续地水平向右运动 因为敲打时，铁锤跟小车间的相互作用力属于内力，小车不可能发生运动 小车能否运动，取决于小车跟铁锤的质量之比，跟其他因素无关A. B. 只有 C. 只有 D. 只有【答案】A【解析】【详解】如果地面水平且坚硬光滑，据铁锤下摆过程中系统水平方
5、向动量守恒可以判断小车向左移动；敲击后铁锤弹起上摆时，小车向右运动，即小车做往复运动故正确.如果地面的阻力足够大，小车可能不运动；如果阻力不太大，而铁锤打击力较大，致使小车水平方向受合外力向右，小车就有可能断断续续地水平向右运动故正确.由可知，在铁锤不断用铁锤敲击小车的一端过程中，小车可以运动，故错误；小车能否运动，取决于地面是否光滑与对锤子敲击小车时作用力的大小，与小车跟铁锤的质量之比无关，故错误，故正确，即A正确；故选：A【点睛】本题以动量守恒定律和动量定理为知识依托，考查对物理过程的分析能力和产生结果的推理判断能力5.带有光滑圆弧轨道，质量为M的滑车静止置于光滑水平面上，如图所示一质量为
6、m的小球以速度v0水平冲上滑车，当小球上行再返回并脱离滑车时，以下说法正确的是（）A. 小球一定水平向左做平抛运动 B. 小球可能水平向左做平抛运动C. 小球不可能做自由落体运动 D. 小球不可能水平向右做平抛运动【答案】B【解析】试题分析：小球滑上滑车，又返回，到离开滑车的整个过程，相当于小球与滑车发生弹性碰撞的过程选取小球运动的方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mv1+Mv2由机械能守恒得：整理得：如果mM，小球离开滑车向左做平抛运动；如果m=M，小球离开小车的速度是0，小球将做自由落体运动；如果mM，小球离开小车向右做平抛运动故A错误，BCD正确故选BCD。考点：动量守恒定律；机械
7、能守恒【名师点睛】解决本题的关键知道小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒会根据动量守恒定律进行分析，然后从能量守恒的角度列出方程可联立求解速度.6.两个等量电荷形成的电场中，以两电荷连线中点为坐标原点，某一方向为x轴，x轴上的电场强度E的大小与x的变化关系如图甲、乙所示，下列判断正确的是（ ） A. 若以两电荷连线为x轴，则图甲是两个等量异种电荷形成的电场B. 若以两电荷连线中垂线为x轴，则图甲是两个等量异种电荷形成的电场C. 若以两电荷连线为x轴，则图乙是两个等量同种电荷形成的电场D. 若以两电荷连线中垂线为x轴，则图甲是两个等量同种电荷形成的电场【答案】B【解析】【详解】A、由电场叠加
8、可知，两个等量异种电荷形成的电场，若以两电荷连线为x轴，在两电荷连线中点的场强不为零，连线中点场强在两电荷连线上为最小，故A错误.B、两个等量异种电荷形成的电场，若以两电荷连线中垂线为x轴，在中垂线上连线中点处场强最大，而从连线中点沿中垂线向两边一直减少，但在中垂线上场强的方向都相同，与连线平行指向负电荷，故B正确.C、两个等量同种电荷形成的电场，以两电荷连线中点为坐标原点，以两电荷连线为x轴，在两电荷连线中点处场强为零，从连线中点向两边场强越来越大，故C错误.D、两个等量同种电荷形成的电场，以两电荷连线中点为坐标原点，以两电荷连线中垂线为x轴，在两电荷连线中垂线上从连线中点向两边场强先增大后
9、减小，而且方向相反，故D错误.故选：B.【点睛】对正负点电荷的电场，等量异种电荷形成的电场，等量同种电荷形成的电场的电场分布的对称性要熟记在心.7. 如图所示，点电荷Q固定，虚线是带电量为q的微粒的运动轨迹，微粒的重力不计，a、b是轨迹上的两个点，b离Q较近，下列判断正确的是A. Q一定是带正电荷，q一定是带负电荷B. 不管Q带什么性质的电荷，a点的场强一定比b点的小C. 微粒通过a、b两点时，加速度方向都是指向QD. 微粒通过a时的速率比通过b时的速率大【答案】BC【解析】试题分析：从运动的轨迹上看，两个电荷一定带异种电荷，可能Q带负，q带正，A错误；由于b点距离Q边，根据可知a点的场强一定
10、比b点的小，B正确；a只受Q给的电场力，加速度方向与受电场力的方向相同，因此C正确；从a向b运动，电场力做正功，动能增加，速度增大，b点的速度比A点的速度大，D错误。考点：带电粒子在电场中的运动8.均匀带电的球壳在球内空间任意一点产生的场强为零如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=R/2已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为（ ）A. -E B. C. -E D. E【答案】D【解析】【详解】根据题意，把另外一半的球面补充完整，则整个球面带电量将为2q,由均匀带电的球壳在球内空间任意一点产生的
11、场强为零知，整个球面在M点产生的场强为零，已知M点的场强为E，则右半部分在M的场强大小也为E，方向与E相反，根据对称性，左半部分在N点的场强和右半部分在M的场强大小相等，也为E.故A、B、C错误，D正确.故选：D.【点睛】本题考查电场强度和割补法的应用.9.如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接并静止在光滑的水平地面上.现使A以3 m/s的速度向B运动压缩弹簧，速度图象如图乙，则有( )A. 在t1、t3时刻两物块达到共同速度1 m/s，且弹簧都是处于压缩状态B. 从t3到t4时刻弹簧由压缩状态恢复到原长C. 两物体的质量之比为m1m2=12D. 在t2时刻A与B
12、的动能之比Ek1Ek2=18【答案】CD【解析】【详解】A、由图可知t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，且此时系统动能最小，根据系统机械能守恒可知，此时弹性势能最大，t1时刻弹簧处于压缩状态，而t3时刻处于伸长状态，故A错误.B、结合图象弄清两物块的运动过程，开始时m1逐渐减速，m2逐渐加速，弹簧被压缩，t1时刻二者速度相同，系统动能最小，势能最大，弹簧被压缩最厉害，然后弹簧逐渐恢复原长，m2依然加速，m1先减速为零，然后反向加速，t2时刻，弹簧恢复原长状态，由于此时两物块速度相反，因此弹簧的长度将逐渐增大，两木块均减速，在t3时刻，二木块速度相等，系统动能最小，弹簧最长，因此从t3到t
13、4过程中弹簧由伸长状态恢复原长，故B错误.C、根据动量守恒定律，t=0时刻和t=t1时刻系统总动量相等，有：m1v1=（m1+m2）v2其中：v1=3m/s，v2=1m/s，解得：m1：m2=1：2,故C正确.D、在t2时刻A的速度为vA=-1m/s，B的速度为vB=2m/s，根据m1：m2=1：2，求出Ek1：Ek2=1：8，故D正确故选：CD10.如图所示，一块足够长的木板，放在光滑的水平面上，在木板上自左向右放着序号是1、2、3、19的19个木块，所有木块的质量均为m，与木板间的动摩擦因数都相同。开始时，木板静止不动，第 1、2、3、19号木块的初速度分别是v0、2v0、3v0、19v0
14、，方向都向右，木板的质量与所有的木块的总质量相同，最终所有木块与木板以共同的速度匀速运动.设木块之间均无相互碰撞，木板足够长，则( )A. 所有木块与木板一起匀速运动的速度为5v0B. 所有木块与木板一起匀速运动的速度为9.5v0C. 第1号木块与木板刚好相对静止时的速度为D. 每个木块在与木板刚好相对静止时的速度为其最小值【答案】ACD【解析】【分析】物体组成的系统，所受合外力为零，系统的动量守恒，根据动量守恒定律求出最终一起匀速运动的共同速度，根据动量守恒定律和动量定理研究，可求出刚相对静止时的速度【详解】A、设所有木块与木板一起匀速运动的速度为v，系统受合外力为零，根据动量守恒定律得：m
15、v0+2mv0+3mv0+19mv0=219mv，解得：v=5v0，故A正确，B错误.C、设木块与木板之间的动摩擦因数为，经过t时间第1号物块与木板刚好相对静止，共同速度为v1，根据动量定理得对第一个木块：-mgt=m（v1-v0）对木板：19mgt=19mv1联立解得：v1=v0，故C正确.D、第1号物块到达速度v1=v0之后，又会随木板做加速运动所以v0就是第1号物块的最小速度同理可得，第k号（k19）物块的最小速度就是它与木板相对静止瞬间的速度故D正确.故选：A、C、D.11.一个绝缘细线上端固定，下端拴一带电量大小为q的小球，处于如图所示的水平向右场强为E的匀强电场中。开始时，将线与小球拉成水平，小球静止在A点，释放后小球由静止开始向下摆动，当细线转过60角时，小球到达B点且速度恰好为零，则下列说法正确的是（ ）A. 小球带正电B. 小球的重力大小为C. 小球在B处绳子拉
