《吉林省学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析） (1).doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《吉林省学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析） (1).doc（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、吉林省延边第二中学2018-2019学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析）一、选择题1.扫描隧道显微镜（STM）可用来探测样品表面原子尺度上的形貌，为了有效隔离外界振动对STM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图所示，无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是A. B. C. D. 【答案】A【解析】感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量发上变化。在A图中系统振动时在磁场中的部分有时多有时少，磁通量发生变化，产生感应电流，受到安培力，阻碍系统的振动，故A正确；而BCD三个图均
2、无此现象，故错误。【名师点睛】本题不要被题目的情景所干扰，抓住考查的基本规律，即产生感应电流的条件，有感应电流产生，才会产生阻尼阻碍振动。2.弹簧振子作简谐运动，在平衡位置O两侧A、B间振动，当时间t=0时，振子位于B点，若规定向右的方向为正方向，则下图中哪个图象表示振子相对平衡位置的位移随时间变化的关系A. AB. BC. CD. D【答案】D【解析】【详解】简谐运动的位移是指相对平衡位置的位移，是从平衡位置到末位置的有向线段；t=0时刻，位移为正的最大值；简谐运动的位移随着时间按照余弦规律变化。故D正确，ABC错误。故选：D.3.在如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡线圈L的自感系
3、数足够大，电阻不可以忽略。下列说法正确的是A. 闭合开关S时，A1和A2同时亮B. 闭合开关S时，A2先亮，A1逐渐变亮C. 断开开关S后的瞬间，A2闪亮一下再熄灭D. 断开开关S后的瞬间，流过A2的电流方向向左【答案】B【解析】【详解】AB.灯A1与电感线圈串联，当电键K闭合时，灯A2立即发光。通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A1逐渐亮起来。所以A2比A1先亮。故A错误，B正确；C.由于线圈直流电阻不可以忽略，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，A2的电流比A1的电流大，当电键K断开后
4、，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡A1、A2构成闭合回路放电，两灯都过一会儿熄灭，由于稳定后两个支路的电流是相等的，所以A2不会闪亮一下。故C错误；D、断开开关S时，流过L的电流逐渐减小，方向不变，所以流过A2的电流方向与开始相反，方向向右。故D错误。故选：B。4.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比n1n221，电压表和电流表均为理想电表，灯泡电阻RL6 ，AB端电压u112sin 100t(V)下列说法正确的是A. 电流频率为100 HzB. 电压表的读数为24 VC. 电流表的读数为AD. 变压器输入功率为6 W【答案】D【解析】【详解】A. AB端电压u112s
5、in 100t(V)，其角速度=100rad/s，所以其频率：f=/2=100/2=50Hz.故A错误；B. 电源电压有效值为12V，由电压之比等于匝数之比U1：U2=n1：n2可得，副线圈两端电压有效值为6V，电压表测量的是有效值，示数也为6V，故B错误；C. 电压表的示数为6V，灯泡电阻RL=6，根据欧姆定律：I=U2/RL=6/6=1A.故C错误；D. 输出功率：P=U2I=61=6W，根据输入功率等于输出功率，所以变压器输入功率为6W，故D正确故选：D5.如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，MN固定不动，位置靠近ab且相互绝缘。当导线中由N到M的电流突然增大时，则A. a
6、b边受到的安培力向右B. 线圈所受安培力的合力方向向右C. 感应电流方向为 abcdaD. ad边和bc边不受安培力作用【答案】C【解析】【详解】C.如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘，导线两侧的磁感应强度对称分布，由右手定则可知线圈中的磁通量方向垂直纸面向里；当MN中电流突然增大时，由楞次定律可知感应电流的感应磁场方向垂直纸面向外，故由右手定则可知，感应电流方向为abcda，故C正确；ABD.由C可知，感应电流方向为abcda；导线左侧磁感应强度方向垂直纸面向外，导线右侧磁感应强度方向垂直纸面向里；由安培定则可知：上下两边界的安培力互相抵消，ab边界的安
7、培力向左，cd边的安培力也向左，故线圈所受安培力的合力方向向左，故A错误，B错误，D错误；故选：C.6.通过一理想变压器，经同一线路输送相同的电功率，原线圈两瑞电压U保持不变，输电线的总电阻为R。当副线圈与原线圈的匝数比为k时，输电线损耗的电功率为；若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk，输电线损耗的电功率为，则和分别为（ ）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】C【解析】【分析】根据理想变压器原副线圈两端的电压与匝数成正比，变压器不改变功率，由P=UI求出输电线中电流，由功率公式求解输电线上损耗的电功率【详解】当副线圈与原线圈的匝数比为k时，输电电压为kU，输送功率P=kUI，所以P1I2R
8、=；当副线圈与原线圈的匝数比为nk时，输电电压为nkU，输送功率P=nkUI，所以P2I2R=；，故选C。7.如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域其直角边长为L，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B.边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域取沿abcda的感应电流为正，则表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】导线框进入磁场前感应电流为零，进入磁场后导体切割磁感线时产生感应电动势，大小与导体棒的有效长度成正比。在导体框向左运动到全部进行磁场过程中，导体棒的有效长度在增
9、大。电动势和电流增大，有楞次定律判断电流为正方向，当金属框完全进入磁场后，切割磁场的有效长度在增大，线框左边切割磁感线，由楞次定律可判断电流为负方向，电流中的电流方向也与原来的方向相反。所以答案为C8.如图所示，相距为d的两水平虚线分别是水平向里的匀强磁场的边界，磁场的磁感应强度为B，正方形线框abcd边长为L(Ld)、质量为m，将线框在磁场上方高h处由静止开始释放，当ab边进入磁场时速度为v0，cd边刚穿出磁场时速度也为v0，从ab边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的整个过程中A. 线框有一阶段的加速度为gB. 线框一直都有感应电流C. 线框产生的热量为mg(dhL)D. 线框一直加速运动【答案
10、】A【解析】【详解】AB. 正方形线框abcd边长为L(Ld)，所以cd进入磁场后，ab还在磁场内，所以线框磁通量不变，即无感应电流，线框不受安培力作用，只受重力，线框的加速度等于重力加速度g，故A正确，B错误；C. 由能量守恒可知，从ab边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的整个过程：动能变化为0，减少的重力势能转化为线框产生的热量，线框产生的热量：Q=mg(d+L)，故C错误；D. 线框ab边刚进入磁场速度为v0，cd边刚穿出磁场时速度也为v0，线框完全在磁场中时做匀加速直线运动，因此在线框穿过磁场的整个过程中，有减速过程，故D错误；故选：A.9.如图是电饭锅结构示意图，关于电饭锅下列说法正确的
11、是A. 电饭锅中的感温磁体也是永磁体B. 开始煮饭时，压下开关按钮的原因是克服弹簧的弹力使永磁体一端上升，上下触点接触接通电路C. 用电饭锅煮米饭，饭熟后水分被大米吸收，锅底的温度会升高，当升高到“居里温度”时，电饭锅会自动断电D. 用电饭锅烧水，水沸腾后也可以自动断电【答案】BC【解析】【详解】A. 电饭锅应用了温度传感器，它的主要元件感温铁氧体，故A错误；B. 开始煮饭时，压下开关按钮的原因是克服弹簧的弹力使永磁体一端上升，上下触点接触接通电路，从而开始加热，当达到温度升高达到103时，感温铁氧体便失去了铁磁性会自动断电，故B正确；C. 饭熟后，水分被大米吸收，锅底温度升高，当温度升至“居
12、里点”103时，感温磁体失去磁性，在弹簧作用下，切断电源，故C正确；D. 如果在1标准大气压下，当电饭锅烧水，水沸腾后，温度达到100，不会达到103，因此不可以自动断电，故D错误；故选：BC.10.如图甲所示，将阻值为R5的电阻接到内阻不计的正弦交变电源上，电流随时间变化的规律如图乙所示，下列说法正确的是A. 电阻R两端电压变化规律的函数表达式为u2.5sin200t（V）B. 电阻R消耗的电功率为0.625WC. 若此交变电流由一矩形线框在匀强磁场中匀速转动产生，如图丙所示，当线圈的转速提升一倍时，电流表的示数为1AD. 图乙交变电流与图丁所示电流比较，其有效值之比为【答案】ABD【解析】
13、【分析】通过电源电动势随时间变化的规律图象可以求出该交流电的周期、频率以及有效值等，注意计算功率、流过电阻的电流、以及电压表的示数均为有效值【详解】由图可知，电流的最大值Im0.5A，则电压的最大值：UmImR0.552.5V；周期T0.01s，角速度为200rad/s，电阻R两端电压变化规律的函数表达式为u2.5sin（200t） V，故A正确；电流的有效值 ，电阻R消耗的电功率为PI2R（）25 W0.625 W，故B正确；感应电动势的瞬时值表达式为：eEmsint，其中：EmnBS，当线圈的转速提升一倍时，最大值提升一倍，所以电流表的示数为0.5A，故C错误；图乙为正弦式交流电，其有效值
14、为A：图丁电流大小不变，有效值I0.5A，所以这一交变电流与图丁所示电流比较，其有效值之比为，故D正确；故选ABD。【点睛】该题结合图象考查对有效值的理解，注意交流电有效值的求法，以及有效值的应用求电功率、电表示数等均指有效值11.有一种调压变压器的构造如图所示线圈AB绕在一个圆环形的铁芯上，C、D之间加上输入电压，转动滑动触头P就可以调节输出电压图中A为交流电流表，V为交流电压表，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C、D两端接正弦交流电源，变压器可视为理想变压器，则下列说法正确的是()A. 当R3不变，滑动触头P顺时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小B. 当R3不变，滑动触头P逆
15、时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小C. 当P不动，滑动变阻器滑动触头向上滑动时，电流表读数变小，电压表读数变大D. 当P不动，滑动变阻器滑动触头向上滑动时，电流表读数变大，电压表读数变大【答案】AC【解析】【详解】保持滑动变阻器连入电路的阻值不变，将P沿顺时针方向移动时，变压器的原线圈的匝数不变，副线圈的匝数减少，MN两端的电压减小，总电流减小，滑动变阻器两端的电压将变小，电流表的读数变小，A正确；同理，当R3不变，滑动触头P逆时针转动时，副线圈匝数增大，电压增大，电流表读数变大，电压表读数变大，B错误。保持P的位置不动，即是保持变压器的原、副线圈的匝数比不变，则MN两端的电压不变，当将触头向上移动时，连入电路的电阻的阻值变大，因而总电流减小，R1分担的电压减小，并联支路的电压即电压表的示数变大，通过R2的电流变大，流过滑动变阻器的电流减小，电流表读数变小，选项C正确，D错误；故选AC。12.如图所示，水平放置的半径为2r的单匝圆形裸金属线圈A，其内部有半径为r的圆形匀强磁场，磁场的磁感应强度为B、方向竖直向下；线圈A的圆心和磁场的圆心重合，线圈A的电阻为R。
