《2020届高考物理全真模拟预测试题（五）（解析版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届高考物理全真模拟预测试题（五）（解析版）（11页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020届高考物理全真模拟预测试题（五）二、选择题(本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14如图1所示，质量为m的一辆小汽车从水平地面AC上的A点沿斜坡匀速行驶到B点B距水平地面高h，以水平地面为零势能面，重力加速度为g.小汽车从A点运动到B点的过程中(空气阻力不能忽略)，下列说法正确的是()图1A合外力做功为零B合外力做功为mghC小汽车的机械能增加量为0D牵引力做功为mgh【答案】A【解析】因为车做匀速运动，由动能定理可知，合外力做功为零，故A正确15(201
2、9广西钦州市4月综测)“飞针穿玻璃”是一项高难度的绝技表演，曾引起质疑为了研究该问题，以下测量能够得出飞针在穿越玻璃的时间内，对玻璃平均冲击力大小的是()A测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃前后的速度B测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间C测出飞针质量、玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间D测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度【答案】D【解析】在“飞针穿玻璃”的过程中，由动量定理得：tmv2mv1，故应测出飞针质量、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度，故D正确，A、B、C错误16(2019安徽淮南市第二次模拟)已知地球两极处的重力加速度大小约为9.8 m/s2，贴近地球表面飞行的卫
3、星的运行周期约为1.5小时，试结合生活常识，估算一质量为60 kg的人站在地球赤道上随地球自转所需要的向心力约为()A0.2 N B0.4 N C2 N D4 N【答案】C【解析】在两极：Gmg；对贴近地球表面飞行的卫星GmR，解得R；则站在地球赤道上随地球自转的人所受的向心力：F向m人Rm人m人g609.8()2 N2 N，故选C.17(2019湖北武汉市四月调研)已知氢原子的基态能量为E1，激发态能量En，其中n2,3.若氢原子从n3的能级跃迁到n2的能级放出光子的频率为，能使氢原子从基态电离的光子的最小频率为()A. B4 C. D9【答案】C【解析】由题意可知：h；能使氢原子从基态电离
4、的光子的最小频率满足：0E1h，解得，故选C.18(2019山东济宁市第二次摸底)如图2甲所示，在线圈l1中通入电流i1后，在l2上产生的感应电流随时间变化的规律如图乙所示，l1、l2中电流的正方向如图甲中的箭头所示则通入线圈l1中的电流i1随时间t变化的图象是下图中的()图2【答案】D【解析】因为感应电流大小不变，根据电磁感应定律得：I，而线圈l1中产生的磁场变化是因为电流发生了变化，所以I，所以线圈l1中的电流均匀改变，A、C错误；根据题图乙，0时间内感应电流磁场向左，所以线圈l1产生的磁场向左减小，或向右增大，B错误，D正确19(2019广西梧州市联考)甲、乙两物体沿同一直线做减速运动，
5、t0时刻，两物体同时经过同一位置，最后又停在同一位置，它们的速度时间图象如图3所示，则在运动过程中()图3At1时刻甲和乙相距最远B甲、乙的平均速度相等C在某时刻甲、乙的加速度可能相等D甲的加速度逐渐减小，乙的加速度大小不变【答案】CD【解析】甲、乙两物体速度相等时相距最远，选项A错误；甲、乙的位移相同，但是甲运动的时间较长，则甲的平均速度较小，选项B错误；vt图象的斜率等于加速度，由图象可知，在某时刻甲的加速度可能等于乙的加速度，选项C正确；vt图象的斜率等于加速度，由图象可知，甲的加速度逐渐减小，乙的加速度大小不变，选项D正确20(2019江西南昌市第二次模拟)如图4所示，三条长直导线a、
6、b、c都通以垂直纸面的电流，其中a、b两根导线中电流方向垂直纸面向外O点与a、b、c三条导线距离相等，且Ocab.现在O点垂直纸面放置一小段通电直导线，电流方向垂直纸面向里，导线所受安培力方向如图所示则可以判断()图4AO点处的磁感应强度的方向与F相同B长导线c中的电流方向垂直纸面向外C长导线a中电流I1小于b中电流I2D长导线c中电流I3小于b中电流I2【答案】BC【解析】由左手定则可知，磁感应强度方向与安培力方向垂直，故A错误；由左手定则可知，O点的磁感应强度方向与F垂直斜向右下方，此磁场方向可分解为水平向右方向和竖直向下方向，所以导线c在O点产生的磁场方向应水平向右，由安培定则可知，导线
7、c中的电流为垂直纸面向外，导线a在O点产生的磁场方向竖直向上，导线b在O点产生的磁场方向竖直向下，所以长导线a中电流I1与b中电流I2的关系，由于不知道安培力的具体方向，所以无法确定长导线c中电流I3与b中电流I2的关系，故B、C正确，D错误21(2019山东济宁市第二次摸底)如图5所示，在绝缘水平地面上固定两个等量同种点电荷A、B，在AB连线上的P点由静止释放一带电滑块(可视为质点)，则滑块会由静止开始一直向右运动到AB连线上的一点M而停下则以下判断正确的是()图5A滑块一定带的是与A、B异种的电荷B滑块的电势能一定是先减小后增大C滑块的动能与电势能之和一定减小DAP间距一定小于BM间距【答
8、案】CD【解析】滑块受到的电场力是两点电荷对它作用力的合力，滑块向右运动，合力向右，滑块一定带与A、B同种的电荷，否则滑块将向左运动，A错误滑块运动可能有两种情况：1.滑块受到的电场力先向右后向左，电场力先做正功，再做负功，电势能先减小后增加；2.滑块受到的电场力合力始终向右，在到达AB中点前停止，电场力始终做正功，电势能始终减小，B错误根据能量守恒，滑块的电势能、动能、内能之和不变，阻力做负功，内能增大，则动能与电势能之和一定减小，C正确若没有摩擦力，APBM；因为水平面不光滑，水平方向受到摩擦力作用，运动到速度为0的位置在P点关于AB中点对称点的左侧，所以APBM，D正确22(6分)(20
9、19广东揭阳市第二次模拟)某同学用一个满偏电流为10 mA、内阻为30 的电流表，一只滑动变阻器和一节电动势为1.5 V的干电池组装成一个欧姆表图6(1)该同学按图6正确连接好电路甲、乙表笔中，甲表笔应是_(选填“红”或“黑”)表笔(2)测量电阻前，他先进行欧姆调零：将甲、乙表笔短接，调节滑动变阻器，使电流表指针指到_处图7(3)欧姆调零后，他将甲、乙两表笔分别接如图7中的a、b两点，指针指在电流表刻度的4 mA处，则电阻Rx_ .(4)若误将甲、乙两表笔分别接在了如图2中的a、c两点，则Rx的测量结果_(选填“偏大”或“偏小”)(5)再给电流表并联一个合适的定值电阻R0，就可组装成一个中间刻
10、度值为15 的欧姆表，则R0_ .(结果保留两位有效数字)【答案】(1)红(2)10 mA(3)225(4)偏小(5)3.3【解析】(1) 由题图示可知，甲表笔与欧姆表内置电源负极相连，甲表笔是红表笔；(2)测量电阻前，他先进行欧姆调零：将甲、乙表笔短接，调节滑动变阻器，使电流表指针指到电阻为零即电流最大(10 mA)；(3)欧姆表内阻：R内 150 ，指针指在电流表刻度的4 mA处，由闭合电路欧姆定律得：4103 A，解得：Rx225 ；(4)若误将甲、乙两表笔分别接在了图中的a、c两点，由题图示电路图可知，两电池串联，相当于欧姆表内置电源电动势E变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流变大，
11、欧姆表指针偏右，欧姆表示数变小，Rx的测量结果偏小；(5)欧姆表内阻等于中值电阻，中间刻度值为15 的欧姆表，其内阻为15 ，I A0.1 A，把电流表改装成0.1 A的电流表需要并联分流电阻，分流电阻阻值：R03.3 .23(9分)(2019陕西省第二次质检)某实验兴趣小组为了测量物体间的动摩擦因数，设计了如下实验：图8(1)如图8甲，将轻弹簧竖直悬挂，用刻度尺测出弹簧自由悬挂时的长度L14.00 cm.(2)如图乙，在弹簧的下端悬挂小木块，用刻度尺测出稳定时弹簧的长度L2_ cm.(3)将一长木板平放在水平面上，小木块放置于木板上表面，如图丙，将图乙中的弹簧左端固定在竖直墙壁上，右端拴接小
12、木块，使弹簧水平，用力F向右拉动长木板，长木板与小木块发生相对运动，当小木块稳定时，测出此时弹簧的长度L36.07 cm.(4)根据上面的操作，可以得出小木块与长木板间的动摩擦因数_(结果保留两位有效数字)(5)若图丙实验中弹簧不水平，左端略高一些，由此而引起的动摩擦因数的测量结果_(填“偏大”或“偏小”)【答案】(2)8.65(8.638.67)(4)0.44或0.45(5)偏小【解析】(2)刻度尺的最小分度值为0.1 cm，刻度尺的读数为8.65 cm；(4)根据平衡条件可得小木块的重力为：Mgk(L2L1)，用力向右拉动长木板，长木板与小木块发生相对运动，当小木块稳定时，则有：Ffk(L
13、3L1)，可以得出小木块与长木板间的动摩擦因数：0.45；(5)若图丙实验中弹簧不水平，左端略高一些，则有：F弹cos (MgF弹sin )，解得小木块与长木板间的动摩擦因数：，由于左端略高一些，则有0，所以：，由此而引起的动摩擦因数的测量结果偏小24(12分)(2019辽宁大连市第二次模拟)滑板运动是极限运动的鼻祖，很多极限运动都是由滑板运动延伸而来如图1所示是一个滑板场地，OP段是光滑的圆弧轨道，半径为0.8 mPQ段是足够长的粗糙水平地面，滑板与水平地面间的动摩擦因数为0.2.滑板手踩着滑板A从O点由静止滑下，到达P点时，立即向前起跳滑板手离开滑板A后，滑板A以速度v12 m/s返回，滑
14、板手落到前面相同的滑板B上，并一起向前继续滑动已知两滑板质量均为m5 kg，滑板手的质量是滑板的9倍，滑板B与P点的距离为x1 m，g10 m/s2.(不考虑滑板的长度以及滑板手和滑板间的作用时间，不计空气阻力)求：图1(1)当滑板手和滑板A到达圆弧轨道末端P点时滑板A对轨道的压力；(2)滑板手落到滑板B后瞬间，滑板B的速度大小；(3)两个滑板间的最终距离【答案】(1)1 500 N，竖直向下(2)4.2 m/s(3)4.41 m【解析】(1)滑板手与滑板A由O点下滑到P点过程，由机械能守恒：10mgR10mv2，代入数据解得v4 m/s ，设在P点时滑板手与滑板A所受到的支持力为FN：由牛顿第二定律可得FN10mg10m代入数据解得：FN1 500 N，根据牛顿第三定律得F压FN1 500 N，方向竖直向下；(2)滑板手跳离A板，滑板手与滑板A水平方向动量守恒10mvmv19mv2，代入数据解得：v2 m/s，滑板手跳上B板，滑板手与滑板B水平方向动量守恒9mv210mv3，解得：v34.2 m/s；(3)滑板B的位移xB4.41 m ，滑板A在弧面上滑行的过程中，机械能守恒，所以再次返回P点时的速度大小仍为v12 m/s，滑板A在水平地面上的位移xA1 m，最终两滑板的间距为LxBxxA
