《湖北省2020届高三物理冲刺卷（五）（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省2020届高三物理冲刺卷（五）（含解析）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖北省沙市中学2020届高三物理冲刺卷（五）（含解析） 一、1418单选题，1921多选题1.研究光电效应的实验规律的电路如图所示，加正向电压时，图中光电管的A极接电源正极，K极接电源负极时，加反向电压时，反之。当有光照射K极时，下列说法正确的是A. K极中有无光电子射出与入射光频率无关B. 光电子的最大初动能与入射光频率有关C. 只有光电管加正向电压时，才会有光电流D. 光电管加正向电压越大，光电流强度一定越大【答案】B【解析】【详解】K极中有无光电子射出与入射光频率有关，只有当入射光的频率大于K极金属的极限频率时才有光电子射出，选项A错误；根据光电效应的规律，光电子的最大初动能与入射光频率
2、有关，选项B正确；光电管加反向电压时，只要反向电压小于截止电压，就会有光电流产生，选项C错误；在未达到饱和光电流之前，光电管加正向电压越大，光电流强度一定越大，达到饱和光电流后，光电流的大小与正向电压无关，选项D错误.2.如图，光滑水平面上有两辆小车，用细线相连，中间有一个被压缩的轻弹簧，小车处于静止状态。烧断细线后，由于弹力的作用两小车分别向左、右运动。已知两小车质量之比m1:m2=2:1，下列说法正确的是（ ）A. 弹簧弹开后两车速度大小之比为1:2B. 弹簧弹开后两车动量大小之比为1:2C. 弹簧弹开过程m1、m2受到的冲量大小之比为2:1D. 弹簧弹开过程弹力对m1、m2做功之比为1:
3、4【答案】A【解析】【详解】AB两小车和弹簧组成的系统，在烧断细线后，合外力为零，动量守恒，所以两车的动量大小之比为1:1，由结合可知，所以A选项正确, B选项错误；C由于弹簧弹开过程，对两小车每时每刻的弹力大小相等，又对应着同一段作用时间，由可知，m1、m2受到的冲量大小之比为1:1，所以C选项错误；D根据功能关系的规律，弹簧弹开过程，弹力对m1、m2做功等于两小车动能的增量，由 代入数据可知，所以D选项错误。3.如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块a、b，a、b都处于静止状态。现将物块b移至c点后，a、b仍保持静止，下列说法中正确的是（ ）A. b与水
4、平面间的摩擦力减小B. b受到的绳子拉力增大C. a、b静止时，图中、三角仍然相等D. 悬于墙上的绳所受拉力增大【答案】C【解析】【详解】A小滑轮光滑，所以两端绳拉力T大小相等，设b绳与水平夹角为，根据平衡条件可知：，当物块b移至c点后，a、b仍保持静止，变小，所以摩擦力变大，A错误。B因为物体a始终静止，所以绳子拉力始终等于a的重力，所以b受到的绳子拉力：，B错误。C当物块b移至c点后，a、b两绳的夹角变大，但由于两绳拉力大小相等，所以悬于墙上的绳拉力大小等于a、b两绳拉力的合力，且光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上，所以悬于墙上的绳方向一定与a、b两绳拉力的合力，方向在一条直线上，a、b两绳拉力大
5、小相等，所以悬于墙上的绳方向就是a、b两绳的夹角角平分线，所以，而与是同位角，所以，C正确。D当物块b移至c点后，a、b两绳的夹角变大，但由于两绳拉力大小相等，且光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上，所以细绳O拉力大小等于a、b两绳拉力的合力，两绳拉力大小不变，夹角变大，所以合力变小，悬于墙上的绳所受拉力变小，D错误4.如图所示，一光滑细杆固定在水平面上的C点，细杆与水平面的夹角为30，一原长为L的轻质弹性绳，下端固定在水平面上的B点，上端与质量为m的小环相连，当把小环拉到A点时，AB与地面垂直，弹性绳长为2L，将小环从A点由静止释放，当小环运动到AC的中点D时，速度达到最大。重力加速度为g，下列说法正
6、确的是A. 在下滑过程中小环的机械能先减小后增大B. 小环刚释放时的加速度大小为gC. 小环到达AD的中点时，弹性绳的弹性势能为零D. 小环的最大速度为【答案】B【解析】【详解】A项：小环受重力、支持力和弹性绳弹力，弹力做功，故环的机械能不守恒，小环和弹性绳系统的机械能守恒，小环到达AD的中点时，弹性绳的长度为2L，伸长量不为0，在AD之间有一位置弹性绳与AC垂直，小环从A点到弹性绳与AC垂直位置的过程中，弹性绳对小环做正功，从弹性绳与AC垂直位置往下弹性绳对小环做负功，所以下滑过程中小环的机械能先增大再减小，故A错误；B项：在A位置，环受重力、弹性绳拉力、支持力，根据牛顿第二定律，有：，在D
7、点，环的速度最大，说明加速度为零，弹簧长度为2L，故：联立解得：，故B正确；C项：小环到达AD的中点时，弹性绳的长度为 ，伸长量不为0，故弹性势能不为零，故C错误；D项：小环和弹性绳系统的机械能守恒，在D点速度最大，此时弹性绳长度等于初位置橡皮绳的长度，故初位置和D位置环的机械能相等，所以，解得：，故D错误。5.如图所示，设月球半径为R，假设“嫦娥四号”探测器在距月球表面高度为3R圆形轨道上做匀速圆周运动，运行周期为T，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道，到达轨道的近月点B时，再次点火进入近月轨道绕月做匀速圆周运动，引力常量为G，不考虑其他星球的影响，则下列说法正确的是（ ）A. 月球的质量
8、可表示为B. 在轨道上B点的速率小于在轨道上B点的速率C. “嫦娥四号”探测器在轨道I上经过A点时加速度大于轨道II上经过A点时的加速度D. “嫦娥四号”探测器从远月点A向近月点B运动的过程中，加速度变大【答案】ABD【解析】【详解】探测器在距月球表面高度为3R的圆形轨道运动，则轨道半径为4R；在轨道I上运动过程中，万有引力充当向心力，故有，解得，故A正确；在轨道II的B点需要减速做近心运动才能进入轨道III做圆周运动，所以在在轨道III上B点速率小于在轨道II上B点的速率，故B正确；根据公式可得，所以“嫦娥四号”探测器在轨道I上经过A点时的加速度等于轨道II上经过A点时的加速度，选项C错误；
9、轨道半径越大，向心加速度越小，故从远月点到近月点运动过程中，轨道变小，加速度变大，故D正确。6.如图所示，倾角为37的光滑斜面上粘贴有一厚度不计、宽度为d0.2 m的橡胶带，橡胶带的上表面与斜面位于同一平面内，其上、下边缘与斜面的上、下边缘平行，橡胶带的上边缘到斜面的顶端距离为L0.4 m，现将质量为m1 kg、质量分布均匀、宽度为d的薄矩形板上边缘与斜面顶端平齐且从斜面顶端静止释放已知矩形板与橡胶带之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，不计空气阻力，矩形板由斜面顶端静止释放下滑到完全离开橡胶带的过程中(此过程矩形板始终在斜面上) ，下
10、列说法正确的是（ ）A. 矩形板在进入橡胶带的过程中做匀加速直线运动B. 摩擦力做的功为Wf0.8 JC. 矩形板的重力做功为WG2.4 JD. 矩形板的上边缘穿过橡胶带下边缘时速度大小为 m/s【答案】BD【解析】【详解】矩形板在滑过橡胶带的过程中对橡胶带的正压力是变化的，所以矩形板受摩擦力是变化的，则矩形板在进入橡胶带的过程中不可能做匀变速直线运动，故A错误；摩擦力的功：，选项B正确；重力做功WG=mg（L+d）sin =3.6 J，所以C错误；根据动能定理：WG-Q=mv2-0，解得，所以D正确。7.如图，足够长的两平行光滑金属导轨MN、PQ水平放置，间距l=1m，导轨中间分布有磁感应强
11、度为1T的匀强磁场，磁场边界为正弦曲线。一粗细均匀的导体棒以l0m/s的速度向右匀速滑动，定值电阻R的阻值为1，导体棒接入电路的电阻也为1，二极管D正向电阻为零，反向电阻无穷大，导轨电阻不计，下列说法正确的是A. 电压表示数为2.5VB. 导体棒运动到图示位置时，有电流流过电阻RC. 流经电阻R的最大电流为5AD. 导体棒上热功率为6.25W【答案】ACD【解析】【详解】A项：导体棒切割产生感应电动势的最大值，产生的是正弦式交流电，则电动势的有效值，由电流的热效应可得：，解得：，由闭合电路欧姆定律得，电压表的示数为2.5V，故A正确；B项：导体棒运动到图示位置时，由右手定则可知，产生的电流方向
12、由，由于二极管具有单向导通特性，所以此时无电流流过电阻R，故B错误；C项：导体棒切割产生的感应电动势的最大值，所以最大电流，故C正确；D项：导体棒上的电流为：，所以热功率为：，故D正确。8.如图所示，竖直放置的两平行金属板，长为L，板间距离为d，接在电压为U的直流电源上在两板间加一磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场一个质量为m、电荷量为g的带正电油滴，从距金属板上端高为h处由静止开始自由下落，并经两板上端连线的中点P进入板间油滴在P点所受的电场力与磁场力大小恰好相等，且最后恰好从金属板的下边缘离开电磁场区域空气阻力不计，重力加速度为g，则下列说法正确的是 ( )A. 油滴刚进入电磁场时
13、的加速度为gB. 油滴开始下落时距金属板上端的高度C. 油滴从左侧金属板的下边缘离开D. 油滴离开电磁场时的速度大小为【答案】ABD【解析】【分析】根据题意可知，P点受到电场力与洛伦兹力相平衡，由自由落体运动的位移与时间公式，即可求解h；选取整个过程，由动能定理，即可确定油滴在离开电磁场时的速度大小。【详解】A油滴刚进入电磁场时（在P点），受重力、电场力和洛伦兹力，其中电场力与磁场力大小恰好相等，故合力等于重力G，根据牛顿第二定律，加速度为g，故A正确；B在P点由题意可知：qE=qvB；自由下落过程有：v2=2gh；U=Ed；由以上三式解得：，故B正确；C根据左手定则，在P位置时受洛伦兹力向右
14、，竖直方向在加速，故洛伦兹力在变大，故油滴从右侧金属板的下边缘离开，故C错误；D由左手定则可知油滴经过P点后向右侧金属板偏转，则油滴克服电场力做功，整个过程由动能定理有：mg（h+L）-qE=mv2得：，故D正确；故选ABD。【点睛】考查受力平衡方程，掌握左手定则的应用，知道自由下落的位移公式，理解动能定理的应用，注意功的正负。9.某物理实验小组采用如图所示的装置研究平抛运动(1)安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是_(填选项前的字母)A.保证小球飞出时的速度既不太大也不太小B.保证小球飞出时的初速度水平C.保证小球在空中运动的时间每次都相等D.保证小球运动的轨迹是
15、一条抛物线(2)某同学每次都将小球从斜槽的同一位置由静止释放，并从斜槽末端水平飞出改变水平挡板的高度，就改变了小球在板上落点的位置，从而可描绘出小球的运动轨迹该同学设想小球先后三次做平抛运动，将水平板依次放在图中1、2、3的位置，且1与2的间距等于2与3的间距若三次实验中小球从抛出点到落点的水平位移依次为x1、x2、x3，忽略空气阻力的影响，则下面分析正确的是_(填选项前的字母)Ax2x1x3x2Bx2x1x3x2Cx2x1x3x2D无法判断(x2x1)与(x3x2)的大小关系(3)另一同学通过正确的实验步骤及操作，在坐标纸上描出了小球水平抛出后的运动轨迹部分运动轨迹如图所示，图中小格在水平方向与竖直方向上的长度均为L，P1、P2和P3是轨迹图线上的3个点，P1和P2之间、P2和P3之间的水平距离相等，重力加速度为g，可求出小球从P1运动到P2所用的时间为_，小球抛出时的水平速度为_【答案】 (1). B (2). C (3). (4). 【解析】（1）研究平抛运动的实验
