《广东省等七校联合体2020届高三物理下学期冲刺试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省等七校联合体2020届高三物理下学期冲刺试题（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、广东省中山一中等七校联合体2020届高三冲刺模拟 理科综合物理试题【15题为单选，63题为多选】1. 下列说法正确的是( )A. 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应B. 汤姆生发现电子，表明原子具有核式结构C. 一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短D. 按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大【答案】D【解析】A、太阳内部有大量的氢核，太阳内部温度极高，满足氢核发生聚变的条件，所以A错误；B、粒子散射实验表明原子的核式结构，故B错误；C、一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为光的频率小于极限频率
2、，即改光的波长太长，故C错误；D、根据，轨道半径增大，电子的动能减小，原子能量增大，势能增大；故D正确；点睛：本题考查了聚变和裂变反应、玻尔理论以及能级等知识点，关键掌握这些知识的基本概念和基本规律，以及理清一些物理学史。2.a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是A. a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B. 20秒时，a、b两物体相距最远C. 60秒时，物体a在物体b的前方D. 40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m【答案】C【解析】【分析】速度时间图像的斜率表示加速度、面积表示位移、面积差表示相对位移，两物体速度相同对应相对距离的极值
3、，两物体从同一位置出发，据此可以分析出接下来的位置关系。【详解】A. a、b加速时，b的斜率更大，所以b的加速度更大，A错误；B.第40秒时，两物体速度相等，此时位移差最大，所以相距最远，B错误；C.由面积可得，60秒时a的位移是2100m，b的位移是1600m，所以a在b的前方，C正确；D.40秒时，由图像面积差可得，两物体的相对位移是900m，故D错误。【点睛】对于速度时间图像要抓住两个数学方面的意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移。3.匀强电场中的三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，AB的长度为1 m，D为AB的中点，如图所示。已知电场线的方向平行于ABC所在平面，A、B
4、、C三点的电势分别为14 V、6 V和2 V，设场强大小为E，一电量为1C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为W,则A. W=8J E8 V/mB. W=6J E6 V/mC. W=8J E8 V/mD. W=6J E6 V/m【答案】A【解析】试题分析：由题匀强电场中，由于D为AB的中点，则D点的电势，电荷从D点移到C点电场力所做的功为W=qUDC=q（D-C）=110-6（10-2）J=810-6JAB的长度为1m，由于电场强度的方向并不是沿着AB方向，所以AB两点沿电场方向的距离d1m，匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比，即U=Ed，所以，故选A。考点：电势；电场强度4.
5、如图所示，质量均为m的A、B两物体叠放在竖直弹簧上并保持静止，用大小等于mg的恒力F向上拉B，运动距离h时，B与A分离。下列说法正确的是()A. B和A刚分离时，弹簧长度等于原长B. B和A刚分离时，它们的加速度为gC. 弹簧的劲度系数等于D. 在B与A分离之前，它们做匀加速直线运动【答案】C【解析】试题分析：A、B和A刚分离时，B受到重力mg和恒力F，B的加速度为零，A的加速度也为零，说明弹力对A有向上的弹力，与重力平衡，弹簧处于压缩状态故AB错误B和A刚分离时，弹簧的弹力大小为mg，原来静止时弹力大小为2mg，则弹力减小量F=mg两物体向上运动的距离为h，则弹簧压缩量减小x=h，由胡克定律
6、得：故C错误；对于在B与A分离之前，对AB整体为研究对象，开始时合力为零，当加向上的拉力F=mg时，整体向上做加速运动；在向上运动过程中，重力2mg不变，弹力在减小，合力减小，加速度减小，故整体做变加速运动故D正确故选D.考点：牛顿第二定律的应用.【名师点睛】此题考查了牛顿第二定律应用；解题的关键是搞清两个物体分离的条件：一是加速度相等，二是两物体之间的弹力为零；所以只要分别隔离两个物体即可求解相关的物理量；此题物理过程比较复杂，需认真分析.5.如图所示，竖直平面内有水平向左的匀强电场E，M点与P点的连线垂直于电场线，M点与N在同一电场线上。两个完全相同的带等量正电荷的粒子，以相同大小的初速度
7、v0分别从M点和N点沿竖直平面进入电场，重力不计。N点的粒子垂直电场线进入，M点的粒子与电场线成一定夹角进入，两粒子恰好都能经过P点，在此过程中，下列说法正确的是A. 电场力对两粒子做功相同B. 两粒子到达P点的速度大小可能相等C. 两粒子到达P点时的电势能都减小D. 两粒子到达P点所需时间一定不相等【答案】D【解析】由图可知MP两点在同一等势面上，所以两点间的电势差为零，而NP间的电势差大于零，根据W=qU知，电场力对M点的粒子不做功，对N点的粒子做正功，故A错误；根据动能定理知N点的粒子到达P点时电场力做正功，所以速度增大，而M点的粒子到达P点时电场力不做功，所以速度大小不变，又因它们的初
8、速度大小相等，所以两粒子达到P点的速度大小不等，故B错误；M点的粒子到达P点时电势能不变，N点的粒子到达P点电场力做正功，所以电势能减少，故C错误；在垂直于电场线方向，两个粒子都做匀速直线运动，设PM=L，设M点的粒子与电场线的夹角为则M点的粒子到达P点的时间 ： ，N点的粒子到达P点的时间： ，由此可见，两粒子到达P点所需时间一定不相等，故D正确。所以D正确，ABC错误。点睛：本题主要考查了电场力做功、电势能及速度的分解得应用，首先分析初末位置的电势差，判断电场力做功的关系由动能定理分析速度大小关系运用运动的分解法和运动学公式分析运动时间的关系。6.如图所示，质量为m的小球a、b之间用轻绳相
9、连，小球a通过轻杆固定在左侧竖直墙壁上，轻杆与竖直墙壁夹角为30。现改变作用在小球b上的外力的大小和方向，轻绳与竖直方向的夹角保持60不变，则A. 轻绳上的拉力一定小于mgB. 外力F最小值为C. 轻杆对小球a作用力的方向不变D. 轻杆对小球a的作用力最小值为mg【答案】BD【解析】【分析】分别以a与b为研究对象，结合共点力平衡的条件列式即可求出。【详解】A、对b进行受力分析如图，当F的方向发生变化时，由图可知，轻绳上的拉力可能小于mg，也可能大于mg，故A错误。B、由b的受力图可知，当拉力F的方向与ab绳子垂直时，拉力F最小为：Fmin=mgsin60=mg，故B正确。C、以a为研究对象，可
10、知a受到重力、绳子ab对a的作用力以及杆对a的作用力处于平衡状态，由三个力平衡的特点可知，杆对a的作用力与a的重力、ab对a的拉力的合力大小相等，方向相反。a受到的重力大小方向都不变，绳对a的拉力方向不变，大小是变化的，所以a受到的重力与绳对a的拉力的合力大小、方向都是变化的，所以杆对a的作用力大小、方向都是变化的，故C错误。D、由b的受力分析可知，当拉力F对b的拉力方向竖直向上时，拉力F与b的重力大小相等，方向相反，绳子ab此时的拉力等于0，此时a只受到重力和杆对a的作用力，此时杆对a的作用力最小，恰好等于a的重力，故D正确。故选：B、D【点睛】本题有隐含的临界问题，关键运用图解法确定出F的
11、范围，得到F最小的条件，再由平衡条件进行求解7.如图甲所示为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n1 : n2 = 3 : 1，且分别接有阻值相同的电阻R1和R2，R1=R2=100，通过电阻R1瞬时电流如图乙所示，则此时（ ）A. 用电压表测量交流电源电压约424 VB. 图乙交流电瞬时值表达式为0.6sin0.2t（A）C. 交流电源的功率180 WD. R1和R2消耗的功率之比为1:3【答案】AC【解析】【详解】A、由U1:U2=n1:n2，I1:I2=n2:n1得，通过R1的电流有效值为，通过R2的电流的有效值，副线圈两端的电压，原线圈两端电压，而，故A正确；B、根据瞬时电流的图象可知，
12、周期为，故角速度为，则瞬时电流的表达式为；故B错误.C、交流电源的功率P=UI1=180W，故C正确；D、R1消耗的功率，R2消耗的功率，则P1：P2=1：9，故D错误；故选AC.8.如图所示，有一垂直于纸面向外的磁感应强度为B的有界匀强磁场(边界上有磁场)，其边界为一边长为L的正三角形，A、B、C为三角形的顶点今有一质量为m、电荷量为q的粒子(不计重力)，以速度v从AB边上某点P既垂直于AB边又垂直于磁场的方向射入磁场，然后从BC边上某点Q射出则()A. |PB|B. |PB|C. |QB|D. |QB|【答案】AD【解析】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为 R=由题知：v=，解得：R=
13、L如图所示，当圆心处于O1位置时，粒子正好从AC边切过，并与BC边过，因此入射点P1为离开B最远的点，满足|PD|L+L，故A正确，B错误；当圆心处于O2位置时，粒子从P2射入，打在BC边的Q点，由于此时Q点距离AB最远为圆的半径L，故QD最大，即|QD|L=L，故C错误，D正确故选：AD【点评】考查带电粒子在匀强磁场中的匀速圆周运动由于运动轨迹的对应的半径不变，所以当从不同的位置进入时，出磁场位置也不同，故当轨迹刚与BC相切或与BC垂直相交，是本题考虑的两种临界状态，也是解题的突破口9.某物理兴趣小组为“验证动能定理”和“测当地的重力加速度”，采用了如图甲所示的装置，其中m1=50g、m2=
14、150g开始时保持装置静止，然后释放物块m2，m2可以带动m1拖着纸带打出一系列的点，对纸带上的点进行测量，只要证明，即可验证动能定理，同时也可测出重力加速度的数值，其中h为m2的下落高度，v是对应时刻m1、m2的速度大小某次实验打出的纸带如图乙所示，0是打下的第一个点，两相邻点间还有4个点没有标出，交流电频率为50Hz（以下计算结果均保留三位有效数字）（1）系统的加速度大小为_ m/s2，在打点05的过程中，系统动能的增量E1= _ J（2）某同学作出的图象如图丙所示，若忽略一切阻力的情况下，则当地的重力加速度g= _ m/s2【答案】 (1). 4.80 (2). 0.576 (3). 9
15、.67【解析】试题分析：（1）分析纸带，根据连续相等时间间隔内位移之差即，即，从而可得加速度。0是第一个点，速度等于0，点5为点4和点6的中间时刻，瞬时速度等于平均速度即，系统动能增量为（2）根据可得，即图像斜率为，结合丙图可得，可得考点：验证机械能守恒定律【名师点睛】匀变速直线运动连续相等时间间隔内位移之差等于，中间时刻的瞬时速度等于平均速度等于位移与时间之比。根据机械能守恒公式，图像斜率即，要把公式表达式和图像结合，通过图像斜率和截距来求解相关物理量。10.某同学用如图（a）所示的实验电路来测量未知电阻Rx的阻值将电阻箱接入a、b之间，闭合电键S，适当调节滑动变阻器R后保持滑片位置不变，改变电阻箱的阻值R，得到多组电压表的示数U与R的数据，并绘出的U-R图象如图（b）所示(1)请用笔画线代替导线，根据电路图在图（c）中画出缺少的两根导线_(2)用待测电阻Rx替换电阻箱，读得电压表示数为5.0V，利用图（b）中的UR图象可得Rx_.（保留两位有效数字
