《2020高中物理 4.3 探究外力做功与物体动能变化的关系每课一练1 粤教版必修2》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020高中物理 4.3 探究外力做功与物体动能变化的关系每课一练1 粤教版必修2（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、4.3 探究外力做功与物体动能变化的关系 每课一练1（粤教版必修2） 1关于公式WEk2Ek1Ek，下述正确的是( )A功就是动能，动能就是功B功可以变为能，能可以变为功C动能变化的多少可以用功来量度D功是物体能量的量度2(双选)质量不同而具有相同动能的两个物体，在动摩擦因数相同的水平面上滑行到停止，则( )A质量大的物体滑行的距离长B质量大的物体滑行的距离短C它们克服阻力做的功不相等D它们运动的加速度一样大3质量为1.0 kg的滑块，以4 m/s的初速度在光滑的水平面上向左滑行，从某一时刻起将一向右水平力作用于滑块，经过一段时间，滑块的速度方向变为向右，大小为4 m/s，则在这段时间内水平力
2、所做的功为( )A0 B8 J C16 J D32 J4某人把质量为0.1 kg的一块小石头从距地面5 m的高处以60角斜向上抛出，抛出时的初速度大小为10 m/s，则当石头着地时，其速度大小约为(g取10 m/s2)( )A14 m/s B12 m/sC28 m/s D20 m/s5如图5所示，图5用同种材料制成的一个轨道，AB段为圆弧，半径为R，水平放置的BC段长度为R.一小物块质量为m，与轨道间的动摩擦因数为，当它从轨道顶端A由静止下滑时，恰好运动到C点静止，那么物块在AB段所受的摩擦力做的功为( )AmgR BmgR(1)CmgR/2 DmgR/26一质量为1 kg的物体被人用手由静止
3、向上提升1 m，这时物体的速度是2 m/s，则下列结论中不正确的是( )A手对物体做功12 JB合外力对物体做功12 JC合外力对物体做功2 JD物体克服重力做功10 J7.图62020年北京奥运会上，芜湖籍跳水运动员周吕鑫获得了10米跳台的银牌，为芜湖人民争了光假设在某次比赛中他从10 m高处的跳台跳下，设水的平均阻力约为其体重的3倍，在粗略估算中，把运动员当做质点处理，为了保证运动员的人身安全，池水深度至少为(不计空气阻力)( )A5 m B3 m C7 m D1 m8(双选)物体沿直线运动的vt图象如图7所示，已知在第1秒内合力对物体做功为W，则( )图7A从第1秒末到第3秒末合力做功为
4、4WB从第3秒末到第5秒末合力做功为2WC从第5秒末到第7秒末合力做功为WD从第3秒末到第4秒末合力做功为0.75W9如图8所示，图8质量为M的木块放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以速度v0沿水平方向射中木块，并最终留在木块中与木块一起以速度v运动已知当子弹相对木块静止时，木块前进距离L，子弹进入木块的深度为s，若木块对子弹的阻力F视为恒定，则下列关系式中不正确的是( )AFLMv2BFsmv2CFsmv(Mm)v2DF(Ls)mvmv2题 号123456789答 案10.一列车沿平直铁轨行驶，车厢所受阻力大小恒为f2103 N从车站开出时车头对车厢的牵引力为F6103 N，当行驶一段距离s
5、150 m后，车厢与车头脱钩，求脱钩后车厢继续向前滑行的距离s2.图911一质量为m2 kg的小球从光滑的斜面上高h3.5 m处由静止滑下，斜面底端紧接着一个半径R1 m的光滑圆环，如图9所示，求：(1)小球滑到圆环顶点时对圆环的压力；(2)小球至少应从多高处由静止滑下才能越过圆环最高点？(g取10 m/s2)参考答案1C 功和能(动能)是两个不同的概念，也不可以相互转化，动能定理只是反映了合力的功与物体动能变化的关系，亦即反映了动能变化多少可以由合力的功来量度2BD 两物体的初动能相同，末动能也相同，动能的变化量相同，由动能定理知，合力对它们做的总功相等，即它们克服摩擦力做的功一样大由关系式
6、m1gs1m2gs2可知，质量大的物体滑行的距离短由牛顿第二定律ag知，它们运动的加速度相同3A 这段过程的初动能和末动能相等，根据动能定理WEk2Ek1知，W0，故选A.4A 此过程中可忽略空气阻力，认为小石头只受重力作用由动能定理，重力对物体所做的功等于物体动能的变化，知mghmvmv，v210 m/s，A对5B 物块在AB段所受的摩擦力大小、方向都变化，故不能直接用功的表达式进行计算，可用动能定理进行研究设在AB段物块克服摩擦力做的功为W，则物块由A到B运用动能定理可得mgRWmv0物块由B到C运用动能定理可得mgR0mv两式结合，整理可得WmgR(1)，故应选B.6B 由动能定理，得W
7、手mghmv2则W手mghmv2(1101122) J12 JF合sW手mghmv2122 J2 JWGmgh1101 J10 J故B错误7A 设水的深度为h，由动能定理mg(10h)3mgh0，h5 m，A对8CD 由图象可知物体速度变化情况，根据动能定理得第1 s内：Wmv2，第1 s末到第3 s末：W1mv2mv20，A错；第3 s末到第5 s末：W20mv2W，B错；第5 s末到第7 s末：W3m(v)20W，C正确第3 s末到第4 s末：W4m()2mv20.75W，D正确9B 根据动能定理，对子弹：F(Ls)mv2mv知，选项D正确；对木块：FLMv2，故A正确；以上两式相加后整理
8、可得Fsmv(Mm)v2，C正确在应用动能定理列式计算时，一定要注意功与动能变化的对应关系，不能张冠李戴，同时功的公式中的位移必须是对地位移如对子弹用动能定理时，求功的公式中的位移必须是子弹的对地位移Ls，对应的是子弹动能的变化；而对木块用动能定理时，位移应是木块的对地位移L，对应的是木块动能的变化10100 m解析 方法一：选车厢为研究对象，把它的运动过程分成两段对脱钩前做匀加速运动的过程，牵引力做正功，阻力做负功，重力和支持力都不做功，始态速度为零，终态速度为v，根据动能定理有(Ff)s1mv20对于脱钩后做匀减速运动的过程，阻力做负功，重力和支持力不做功；终态速度为0，始态速度为v，根据
9、动能定理有fs20mv2由两式解得s2100 m.方法二：取全过程研究，据动能定理得Fs1f(s1s2)0.解得s2100 m.11(1)40 N (2)2.5 m解析 (1)小球从开始下滑至滑到圆环顶点的过程中，只有重力做功，故可用动能定理求出小球到最高点时的速度，再由向心力方程求力由动能定理有mg(h2R)mv20小球在圆环最高点时，由向心力方程，得FNmgm联立上述两式，代入数据得FN40 N由牛顿第三定律知，小球对圆环的压力为40 N.(2)小球能越过圆环最高点的临界条件是在最高点时只有重力提供向心力，即mgm设小球应从H高处滑下，由动能定理得mg(H2R)mv20由得H2.5R2.5 m.
