《湖北省孝感市重点高中协作体2020学年高二物理下学期期末联考试卷（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省孝感市重点高中协作体2020学年高二物理下学期期末联考试卷（含解析）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖北省孝感市重点高中协作体2020学年高二下学期期末联考 物理试题选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第812题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。1. 关于光电效应，下列说法正确的是A. 光电子的最大初动能与入射光的频率成正比B. 光的频率一定时，入射光越强，饱和电流越大C. 光的频率一定时，入射光越强，遏止电压越大D. 光子能量与光的速度成正比【答案】B【解析】根据光电效应方程，得知光电子的最大初动能与入射光的频率、金属的逸出功都有关，与入射光的强度无关,。但是最大初动能不与入射光
2、的频率成正比。所以A错误。又根据知遏止电压与光的频率有光，与光的强度无关。所以C错。而如果光的频率一定，入射光越强，则饱和光电流越大。所以B正确。光子的能量为所以光子的能量与光的频率成正比。所以D错误。故选择B。【点睛】入射光的强度越多，单位时间内射到金属上的光子数越多，产生光电效应时，单位时间内发射的光电子数越多；根据光电效应方程，可知道光电子的最大初动能与什么因素有关2. 如图所示，在竖直向下的匀强磁场中有一根水平放置的通电长直导线，电流方向向左，abcdef是与直导线在同一平面内关于直导线对称的正六边形，且与磁场方向平行，下列关于各点的磁感应强度大小与方向的说法主确的是A. a、d两点的
3、磁场方向相同B. b、e两点的磁场方向相同C. a点的磁感应强度大于b点的磁感应强度D. a点的磁感应强度大于f点的磁感应强度【答案】C【解析】根据安培定则知，通电直导线周围的磁场中， a、b、c三点的磁场方向都是垂直直面向里的，d、e、f都是垂直直面向外的。再加上原磁场，根据矢量合成知. a、d两点的磁场方向不同，b、e两点的磁场方向不同。所以A 、B错误。又根据距离导线的距离相同，电流产生的磁感应强度大小相同，距离导线越近，磁感应强度越大。则知导线所产生的磁场中，a、c、d、f的磁感应强度大小相同，b、e的磁感应强度大小相同，而且a、c、d、f的磁感应强度大于b、e的磁感应强度，所以合成以
4、后，a点的磁感应强度大于b点的磁感应强度，所以C正确。a点的磁感应强度和f点的磁感应强度大小相同。所以D错误。故选择C。【点睛】根据安培定则判断电流周围的磁场；磁感应强度是矢量，需按平行四边形定则合成来比较大小。3. 如图所示，直角三角形闭合线框abc处于匀强磁场中，acb30，磁场垂直线框平面向里，线框中通入顺时针方向电流时，下列说法正确的是A. ab边受到的安培力向右B. ac边受到的安培力与ab边受到的安培力大小相等C. ab边与bc边受到的安培力的合力大于ac边受到的安培力D. 整个线框所受的安培力的合力为零【答案】D【解析】通以顺时针的电流方向，根据左手定则可知：各边所受的安培力背离
5、中心处。所以ab边所受的安培力方向向左，A错误。由公式F=BIL得出各边的安培力的大小，从而得出安培力大小与长度成正比，因而两直角边的安培力合力与斜边的安培力等值反向。所以线圈所受磁场力的合力为零。故B、C错，D正确。所以选择D.【点睛】通电直角三角形线圈处于匀强磁场中，受到安培力作用，根据左手定则确定安培力的方向，再由公式F=BIL确定安培力的大小，最后由力的合成来算出安培力的合力。4. 关于交变电流，下列说法正确的是A. 频率为50Hz的正弦式交变电流在1s时间内电流方向改变100次B. 如果正弦式交变电流电压的有效值为20V，那么该交变电流的电压最大值为20VC. 用交流电流表测定正弦交
6、变电流的电流时，测量的是交变电流的最大值D. 有效值为1A的正弦式交变电流，一个周期内电流的平均值为A【答案】A【解析】交变电流在一个周期内电流的方向改变两次，频率为50Hz的交流电，1s有50个周期，所以1s电流方向改变100次。所以A正确。如果正弦式交变电流电压的有效值为20V，那么该交变电流的电压最大值为V，B错。用交流电流表测定正弦交变电流的电流时，测量的是交变电流的有效值。C错。电流的平均值只能用来计算，D错误。故选择A.【点睛】交变电流在一个周期内电流方向改变两次，正弦交流电的峰值与有效值是倍关系，其它交流电不是. 电流的平均值只能用来计算5. 如图所示，螺线管与导轨MN、PQ相连
7、，螺线管左侧放置一与螺线管同轴的导体圆环，与导轨接触良好的导体棒向右运动时，能使导体圆环在t1时刻受力向右的导体棒运动的vt图象是A. B. C. D. 【答案】B【解析】导体环要想受到向右的力，根据楞次定律则通电螺线管内的磁场要减弱，则电流要减小，则感应电动势要减小，根据知速度要减小，所以只能选择B。【点睛】根据楞次定律的推论判断出通电螺线管内磁场的变化，进而判断电流和速度的大小。6. 面积为0.4m2的5匝圆形线圈垂直磁场方向放置在匀强磁场中，磁场的磁感应强度B20.5t（T），则A. 线圈有扩张的趋势B. 线圈中磁通量的变化率为1Wb/sC. 线圈中的感应电动势为1VD. t4s时，线圈
8、中的感应电动势为8V【答案】C【解析】磁场在增强，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律“增缩减扩”，线框有收缩的趋势，所以A错误。磁通量的变化率，所以B错误。感应电动势为一恒定值。所以C正确，D错误。故选C。【点睛】根据楞次定律判断线圈是否有扩张的趋势；根据计算磁通量的变化率；根据法拉第电磁感应定律计算电动势。7. 如图所示，一带电荷量Q0.1C的正点电荷固定在F点，另一带电荷量q0.01C的负点电荷仅在库仑力的作用下围绕Q做椭圆运动，F点为椭圆的一个焦点，已知长轴AC0.1m，短轴BD0.08m，则下列说法正确的是A. q在A点的电势能大于在B点的电势能B. q在A、C两点受到的库仑力大小之比
9、为16：1C. 在点电荷Q的电场中，B、D两点的电场强度相同D. 在点电荷Q的电场中，D点的电势大于O点的电势【答案】B【解析】正点电荷周围越靠近电荷电势越高，越远离电荷电势越低，所以,又因为是负电荷，所以A点的电势能小于B点的电势能，所以A、D错误。根据椭圆的知识计算出，,所以.根据库仑定律知q在A、C两点受到的库仑力大小之比为16：1，所以B正确。. 在点电荷Q的电场中，B、D两点的电场强度大小相同，但是方向不同，所以B、D两点的电场强度不相同，所以D错误。故选择B。【点睛】由正点电荷周围的电场分布以及距离远近可得出电势的高低，和场强的大小。电势是标量，场强是矢量，需注意方向。再结合运动电
10、荷的正负和电势的高低判断电势能的大小。8. 如图所示，平行板电容器与电源E、开关S连接，开关S闭合，一带电小球通过绝缘细线悬挂在平行板电容器中处于静止状态，下列说法正确的是A. 小球q带正电B. 把A板向左移动时，平行板电容器电容增大C. S保持闭合，把B板向左移动时，角将增大D. S断开，把B板向左移动时，角将增大【答案】AC【解析】小球处于静止状态，小球受到的电场力方向向左，平行板电容器内部场强向左，所以小球带正电，所以A正确。A板向左移动时，平行板电容器之间的距离增大，电容减小。所以B错误。S保持闭合，把B板向左移动时，电容器之间的电势差恒定，距离减小，场强增大，电场力增大，所以角将增大
11、，C错误。S断开，把B板向左移动时，电容器内部的场强不变，所以角不变。D错误。故选择AC。【点睛】将开关S闭合，电容器两端的电势差不变，根据d的变化得出电场强度的变化，从而通过电场力的变化得出的变化；断开开关S，电荷量不变，结合电容的定义式和决定式得出电场强度的表达式，通过电场强度的变化得出电场力的变化，从而得出的变化9. 如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，R4（与R2串联的那个电阻）为热敏电阻（阻值随温度升高而减小），与分别为理想电压表与理想电流表。现将开关S闭合，当环境温度升高时，下列说法正确的是A. 电流表的示数增大B. 电压表的示数减小C. R1上消耗的电功
12、率减小D. R3两端的电压減小【答案】BD【解析】当环境温度升高时，所以电压表示数减小，B正确。因为总电流增大，所以两端电压增大，根据,所以上消耗的功率增大,所以C错误。又由于路端电压减小，所以R3两端电压减小，所以电流表示数减小。D对A错。所以选择BD.【点睛】先根据热敏电阻的变化判断总电阻的变化，再根据闭合电路欧姆定律判断电流，再是内电压，外电压，也就是路端电压的大小。再结合串并联的知识以及电流、功率的公式判断电流和功率。10. 个氘核和一个氚核反应后生成一个氦核和一个中子，同时放出一个光子。已知氘核、氚核、中子、氦核的质量分别为m1、m2、m3、m4，普朗克常量为h，真空中的光速为c。下
13、列说法正确的是A. 这个核反应的反应方程是B. 生成的中子不具有波动性C. 辐射出的光子的能董一定为（m1m2m3m4）c2D. 若辐射出的光子能量为E，则光子的波长为【答案】AD【解析】这个反应的核反应方程式，该核反应方程为聚变反应，故A正确；任何粒子都具有波动性，B错误。聚变反应中的质量亏损m=（m1+m2）m3m4，亏损的质量转化为能量如果以光子的形式释放，则E=（m1+m2m3m4）c2，如果生成的粒子有动能，则有部分能量转化为动能，故C错误；根据E=，得光子的波长为：，故D正确。故选：AD。【点睛】解答本题需要掌握：核反应方程要遵循质量数和电荷数守恒；聚变反应后质量减小，放出能量；正
14、确利用质能方程求释放的能量；掌握光子能量、频率、波长、光速之间关系11. 在图示的远距离输电电路图中，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电。已知升压变压器的原、副线圈匝数之比为1：3，输电线的总电阻R2.5，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为5：1，降压变压器的副线圈与滑动变阻器组成闭合电路。当负载R01.1时，降压变压器副线圈两端交变电压u220sinl00t（V）。若将变压器视为理想变压器，则A. 通过R的电流为25AB. 升压变压器的输入功率为4.8104WC. 发电机的输出电压为400VD. 当负载电阻R0增大时，发电机的输出功率增大【答案】BC【解析】用电器的电流为，
15、降压变压器原线圈的电流为，所以A错误。升压变压器的输入功率为发电机的输出电压即为升压器原线圈的电压,因为所以得，所以B、C正确。当用电器的电阻R0减小时，由于电压不变，电流增大，输电线R消耗的功率增大，故D错误；故选：BC。【点睛】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小，再根据以及原副线圈的匝数比求得升压器原副线圈的电压。根据功率关系求出升压变压器的输入功率，根据P=UI求解升压变压器的输出电压12. 如图所示，用长为L的细线悬挂一质量为M的小木块，木块处于静止状态。一质量为m、速度为v0的子弹自左向右水平射穿木块后，速度变为v。已知重力加速度为g，则A. 子弹刚穿出木块时，木块的速度为B. 子弹穿过木块的过程中，子弹与木块组成的系统机械能守恒C. 子弹穿过木块的过程中，子弹与木块组成的系统动量守恒D. 木块上升的最大高度为【答案】AC【解析】子弹穿过木块的过程中，系统动量守恒，但机械能不守恒，有部分机械能转化为系统内能，故B错误C正确；根据动量守恒，,解得，所以A正确。子弹穿出以后，对木块应用动能定理有得,所以D错误。故选择AC.【点睛】根据动量守恒求子弹穿
