《河南省平顶山市2020学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河南省平顶山市2020学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、河南省平顶山市2020学年高二物理下学期期末考试试题（含解析） 二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项是符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。1.如图所示,甲图是电场中一条电场线,直线上有A、B、C三点,且A、B间距离等于B、C间距离。一个带负电的带电粒子,由A点仅在电场力作用下,沿电场线经B点运动到C点,其运动的v-t图像如图乙所示,有关粒子的运动与电场的说法,下述正确的是()A. 加速度B. 电场强度C. 电势D. 电势差【答案】B【解析】A项：由v-t图象可知，粒子从A到C做加速
2、度逐渐减小的减速运动，所以，故A错误；B项：由v-t图象可知，粒子从A到C做加速度逐渐减小的减速运动，所以由于粒子做受电场力，由牛顿第二定律可知，电场强度EAEB，故B正确；C项：由于粒子从A到B做减速运动，动能减小，电势能增大，粒子带负电，所以电势能大的地方，电势越低，所以AB，故C错误；D项：由公式可知，由于从A到C电场强度逐渐减小，所以，故D错误。点晴：本题关键是根据图象确定电荷的运动情况，然后确定电场力情况，再进一步确定电场强度的情况，最后确定电势的高低。2.我国核聚变反应研究大科学装置“人造太阳”2020年获得重大突破，等离子体中心电子温度首次达到1亿度，为人类开发利用核聚变能源奠定
3、了重要的技术基础。下列关于聚变的说法正确的是（ ）A. 核聚变比核裂变更为安全、清洁B. 任何两个原子核都可以发生聚变C. 两个轻核结合成质量较大的核，总质量较聚变前增加D. 两个轻核结合成质量较大的核，核子的比结合能增加【答案】AD【解析】【详解】核聚变的最终产物时氦气无污染，而核裂变会产生固体核废料，因此核聚变更加清洁和安全，A正确；发生核聚变需要在高温高压下进行，大核不能发生核聚变，故B错误；核聚变反应会放出大量的能量，根据质能关系可知反应会发生质量亏损，故C错误；因聚变反应放出能量，因此反应前的比结合能小于反应后的比结合能，故D正确。3.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器最
4、大阻值为R，开关闭合，两平行金属板M、N之间存在垂直纸面向里的匀强磁场，一带正电的粒子恰好以速度v匀速穿过两板，不计粒子重力。以下说法中正确的是A. 将开关断开，粒子将继续沿直线匀速射出B. 将磁场方向改成垂直于纸面向外，粒子将继续沿直线匀速射出C. 保持开关闭合，滑片P向下移动，粒子可能从N板边缘射出D. 保持开关闭合，滑片P的位置不动，将N板向下移动，粒子可能从M板边缘射出【答案】D【解析】A项：若开关断开，则电容器与电源断开，而与R形成通路，电容器放电，电荷会减小，故两板间的电场强度要减小，故所受电场力减小，粒子不会做直线运动，故A错误；B项：将磁场方向改成垂直于纸面向外，粒子所受的洛伦
5、兹力向下，电场力也向下，粒子不可能做直线运动，故B错误；C项：若滑片向下滑动，则滑动变阻器接入电阻减小，则电流增大，内阻上的电压增大，则由闭合电路的欧姆定律可知R两端的电压减小，故电容器两端的电压减小，则由可知，所受极板间电场强度减小，则所受电场力减小，而所受洛仑兹力不变，故粒子将向上偏转不可能从下极板边缘飞出，故C错误；D项：保持开关闭合，两极板间的电势差不变，当N板下移时，两板间的距离增大，则两板间的电场强度减小，则所受电场力减小，粒子为正电，则粒子会向上偏转，粒子可能从M板边缘射出，故D正确。点晴：电容器与R并联，故电容器两端的电压等于R两端的电压；则M、N之间形成电场，带电粒子在混合场
6、中做匀速运动，则可知电场力应与磁场力大小相等方向相反；则分析滑片移动时，极板间场强的变化可知电场力的变化，则可知粒子受力的变化，即可得出带电粒子偏转的方向。4.如图甲所示，螺线管内有一平行于轴线的匀强磁场，规定图中箭头所示方向为磁感应强度B的正方向，螺线管与U形导线框cdef相连，导线框cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导线框cdef在同一平面内.当螺线管内的磁感应强度随时间按图乙所示规律变化时（）A. 在时间，穿过金属圆环L的磁通量最大B. 在时刻，穿过金属圆环L的磁通量最小C. 在时间内，金属圆环L内有逆时针方向的感应电流D. 在时间内，金属圆环L有收缩趋势【答案】D【解析】【分析
7、】根据B-t图线斜率变化，根据法拉第电磁感应定律得出电动势的变化，从而得出感应电流的变化，根据楞次定律判断出感应电流的方向，根据右手螺旋定则判断出电流所产生的磁场，从而确定磁通量的变化。【详解】A项：由B-t图知，t1时刻磁通量的变化率为零，则感应电流为零，L上的磁通量为零；故A错误；B项：在t2时刻，磁感应强度为零，但是磁通量的变化率最大，则感应电流最大，通过金属圆环的磁通量最大，B错误；C项：在t1-t2时间内，磁通量的变化率不断变大，则线圈内的感应电流不断变大，根据楞次定律，在线圈中的电流方向f到c，根据右手螺旋定则，穿过圆环的磁通量向外增大，则根据楞次定律，在金属圆环中产生顺时针方向的
8、感应电流。故C错误；D项：在t1-t2时间内，L内的磁场增加，由愣次定律可以确定L必须减小面积以达到阻碍磁通量的增加，故有收缩的趋势，故D正确。故选：D。【点睛】解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，右手螺旋定则判断电流和周围磁场方向的关系。5.如图所示，a为带正电的小物块，b是一不带电的绝缘物块，a、b叠放于粗糙的水平地面上，地面上方有垂直纸面向里的匀强磁场，现用水平恒力F拉b物块，使a、b一起无相对滑动地向左加速运动，在加速运动阶段：( )A. a、b一起运动加速度减小B. a、b一起运动的加速度增大C. a、b物块间的摩擦力减小D. a、b物块间的摩擦力增大【答案】AC【解析】【
9、详解】先整体受力分析：F-N=（Ma+Mb）a，N=(Ma+Mb)g+Bqv，所以整体做加速度减小的加速运动；故A正确，B错误；对a来讲，静摩擦力提供加速度：，所以a、b物块间的摩擦力减小。故C正确，D错误。6.如图所示是远距离输电示意图，则进行远距离输电时，下列说法中正确的是A. 电站的输出电压一定时，若电站的输出功率突然增大，则降压变压器的输出电压减小B. 电站的输出电压一定时，若电站的输出功率突然增大，则升压变压器的输出电压增大C. 电站的输出功率一定时，若增大输电电压，则输电线损耗功率增大D. 电站的输出功率一定时，若增大输电电压，则输电线损耗功率减小【答案】AD【解析】【详解】A电站
10、的输出电压一定时，若电站的输出功率突然增大，则输电线上流过的电流增大，输电线损失的电压增大，所以降压变压器的输出电压减小，则A正确。B电站的输出电压一定时，若电站的输出功率突然增大，虽然流过原线圈电流增大，但是原线圈电阻不计，没有电压损耗，则升压变压器的输出电压不变， B错误。CD电站的输出功率一定时，若增大输电电压，则输电线上流过的电流减小，输电线消耗的功率减小，C错误D正确。7.如图所示，间距为L、电阻不计的足够长平行光滑金属导轨水平放置，导轨左端用一阻值为R的电阻连接导轨上横跨一根质量为m、电阻也为R的金属棒，金属棒与导轨接触良好。整个装置处于竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中。现使金
11、属棒以初速度沿导轨向右运动，若金属棒在整个运动过程中通过的电荷量为q。下列说法正确的是( )A. 金属棒在导轨上做匀减速运动B. 整个过程中金属棒克服安培力做功为C. 整个过程中金属棒在导轨上发生的移为D. 整个过程中电阻R上产生的焦耳热为【答案】ABC【解析】试题分析：金属棒以速度向右运动，切割磁感线产生感应电动势,线框中产生感应电流，金属棒受到安培力水平向左大小为，金属棒在安培力作用下做减速运动，速度变小，安培力变小，加速度变小，选项A对。直到速度减小到0，安培力变为0，金属棒停止运动，此过程根据动能定理，克服安培力做功等于减少的动能即，选项B对。金属棒通过的电荷量，可得位移，选项C对。整
12、个电路即金属棒和电阻R上产生的总热量等于克服安培力做的功，所以电阻R上面产生的热量小于，选项D错。考点：电磁感应定律 功能关系8.质量为m物体以速度v沿光滑水平面匀速滑行，现对物体施加一水平恒力，t秒内该力对物体所施冲量大小为3mv，则t秒内A. t秒末物体运动速率可能为4vB. 物体位移的大小可能为C. 该力对物体做功不可能大于5mv2D. 该力大小为【答案】AB【解析】【详解】A以初速度方向为正方向，如果恒力与初速度同向，则满足，末速度为4v；如果恒力与初速度反向，则满足，末速度为-2v；A正确B物体在恒力作用下做匀变速直线运动，以初速度方向为正方向，如果恒力与初速度同向，则；如果恒力与初
13、速度反向，则；B正确C如果恒力与初速度同向，则恒力做的功；如果恒力与初速度反向，则恒力做的功；C错误D根据动量计算的表达式可得，D错误三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须做答。第3338题为选考题，考生根据要求做答。9.某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验。气垫导轨装置如图a所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成。在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入压缩空气，空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地漂浮在导轨上，这样就大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差。(1)下面是实验的主要步骤：
14、安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；向气垫导轨通入压缩空气；把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；使滑块1挤压导轨左端弹射架上的弹性环；把附有橡皮泥的滑块2放在气垫导轨的中间；先_，然后_，让滑块带动纸带一起运动；取下纸带，重复步骤，选出理想的纸带如图b所示；测得滑块1的质量为310g，滑块2(包括橡皮泥)的质量为205g，电源频率f=50Hz。完善实验步骤的内容。(2)计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为_kgm/s(保留三位有效数字)。【答案】
15、(1). 接通打点计时器的电源 (2). 放开滑块1 (3). 0.620【解析】【详解】打点计时器在使用的时候，应先接通电源，后释放滑块；根据纸带计算得出滑块相互作用之前的速度，所以两滑块相互作用以前系统的总动量为0.620 kgm/s10.利用伏安法测量干电池的电动势和内阻，现有的器材为：A待测干电池：电动势约为1.5V，内阻r较小；B电压表：量程1V，内阻RV=999.9；C电流表：量程1A，RA=9；D滑动变阻器：最大阻值20E电阻箱：最大阻值99999.9；F单刀单掷开关一个；G导线若干。(1)设计测量电源电动势和内阻的电路并将它画在方框内。要求在图中标出电压表、电流表的接线柱的正负_。(2)为了满足本实验要求并保证实验的精确度且读数方便，电压表量程应扩大为原量程的_倍，电阻箱接入的阻值为_【答案】 (1). (2). 2 (3). 999.9【解析】【详解】（1）本实验所给的电压表
