《河北省沧州盐山中学2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河北省沧州盐山中学2020学年高二物理下学期期中试题（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、河北省沧州盐山中学2020高二下学期期中考试物理试卷 一、选择题1.下列说法正确的是A. 采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期B. 由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子C. 氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能增大D. 卢瑟福通过对粒子散射实验得到原子核的复杂结构【答案】BC【解析】【详解】A元素的半衰期是由元素本身决定的与外部环境无关，故A错误；B由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子，即放出能量，故B正确；C氢原子辐射出一个光子后，从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，能级减小，根据，可知速度变大，则动能增大，故C正确；D卢瑟福通过粒子的散射实验，提
2、出了原子核式结构学说，贝克勒尔发现天然放射性现象，揭示了原子核有复杂结构，故D错误。2. 经过m次衰变和n次衰变，变成 ，则( )A. m7，n3B. m7，n4C. m14，n9D. m14，n18【答案】B【解析】根据反应前后质量数守恒和核电荷数守恒可知，由此可知、，故B正确。故选B.【点睛】知道发生、衰变的实质能够运用质量数和电荷数守恒进行求解3.一个质子和一个中子聚变结合成一个氘核，同时辐射一个光子已知质子、中子、氘核的质量分别为m1、m2、m3，普朗克常量为h，真空中的光速为c.下列说法正确的是( )A. 核反应方程是B. 聚变反应中的质量亏损mm3(m1m2)C. 辐射出的光子的能
3、量E(m3m1m2)c2D. 光子的波长【答案】D【解析】一个质子和一个中子聚变结合成一个氘核，同时辐射一个光子，由质量数守恒和电荷数守恒，可得核反应方程为，A错误；反应前的质量减去反应后的质量，即为质量的亏损，即为，B错误；聚变反应中亏损的质量转化为能量以光子的形式放出，故光子能量为，C错误；根据，得光子的波长为，D正确4.氢原子能级如图，当氢原子从n3跃迁到n2的能级时，辐射光的波长为656 nm。以下判断正确的是（ ）A. 氢原子从n2跃迁到n1的能级时，辐射光的波长大于656 nmB. 用波长为325 nm的光照射可使氢原子从n1跃迁到n2的能级C. 大量处于n3能级上的氢原子向低能级
4、跃迁时最多产生3种谱线D. 用波长为633 nm的光照射不能使氢原子从n2跃迁到n3的能级【答案】CD【解析】试题分析：从n=3跃迁到n=2的能级时，辐射光的波长为656nm，即有：，而当从n=2跃迁到n=1的能级时，辐射能量更多，则频率更高，则波长小于656nm故A错误当从n=2跃迁到n=1的能级，释放的能量：=-34-（-136）1610-19，则解得，释放光的波长是=122nm，则用波长为122nm的光照射，才可使氢原子从n=1跃迁到n=2的能级故B错误根据数学组合，可知一群n=3能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线，故C正确；同理，氢原子的电子从n=2跃迁到n=3的能级，必须吸
5、收的能量为E，与从n=3跃迁到n=2的能级，放出能量相等，因此只能用波长656nm的光照射，才能使得电子从n=2跃迁到n=3的能级故D正确故选CD考点：波尔理论【此处有视频，请去附件查看】5.如图甲，合上开关，用光子能量为2.5 eV的一束光照射阴极K，发现电流表读数不为零。调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.60 V时，电流表读数仍不为零，当电压表读数大于或等于0.60 V时，电流表读数为零。把电路改为图乙，当电压表读数为2 V时，逸出功及电子到达阳极时的最大动能为()A. 1.5 eV0.6 eVB. 1.7 eV1.9 eVC. 1.9 eV2.6 eVD. 3.1 eV4.5 eV
6、【答案】C【解析】【详解】设用光子能量为的光照射时，光电子的最大初动能为，阴极材料逸出功为，当反向电压达到：以后，具有最大初动能的光电子也达不到阳极因此，有：由光电效应方程：由以上二式：，。所以此时最大初动能为，该材料的逸出功为。当电压表读数为时，则电子到达阳极时的最大动能为：，故C正确，ABD错误；6.在做光电效应的实验时，某金属被光照射发生了光电效应，实验测得光电子的最大动能Ek与入射光的频率的关系如图所示，由实验图线可求出（ ）A. 该金属的极限频率和极限波长B. 普朗克常量C. 该金属的逸出功D. 单位时间内逸出光电子数【答案】D【解析】根据Ekm=hv-W0得，纵轴截距的绝对值等于金
7、属的逸出功，等于E0当最大初动能为零时，入射光的频率等于截止频率，所以金属的截止频率为v0=由，可求得极限波长，故A、C正确图线的斜率k，可见图线的斜率在数值上等于普朗克常量。故B正确单位时间内逸出的光电子数，与入射光的强度有关，故D错误7.人的质量m60kg，船的质量M240kg，若船用缆绳固定，船离岸1.5m时，人可以跃上岸。若撤去缆绳，如图所示，人要安全跃上岸，船离岸至多为(不计水的阻力，两次人消耗的能量相等，两次从离开船到跃上岸所用的时间相等)( )A. 1.5mB. 1.2mC. 1.34mD. 1.1m【答案】C【解析】以人的方向为正方向，撤去缆绳，由动量守恒定律可知，0=mv1-
8、Mv2；由于两次人消耗的能量相等，故人跳起时的动能不变；则由功能关系可知：解得：所以，故C正确。点晴：本题考查动量守恒定律及机械能守恒定律的综合应用，要注意正确分析功能关系以及动量守恒定律的规律才能正确求解。8.在“用油膜法估测分子的大小”实验中，用a ml纯油酸配制成bml的油酸酒精溶液，现已测得一滴溶液c ml，将一滴溶液滴入水中，油膜充分展开后面积为Scm2，估算油酸分子的直径大小为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】纯油酸体积为，油膜面积为S，油酸分子直径，故A正确9.图中甲、乙两图分别表示两个分子之间分子力和分子势能随分子间距离变化的图象由图象判断以下说法中正确的是()A
9、. 当分子间距离为r0时，分子力和分子势能均最小且为零B. 当分子间距离rr0时，分子力随分子间距离的增大而增大C. 当分子间距离rr0时，分子势能随分子间距离的增大而增大D. 当分子间距离rr0时，若分子间距离逐渐减小，分子力和分子势能都逐渐增大【答案】CD【解析】A、由图可以知道,当分子间距离为时,分子力和分子势能均最小,但分子势能不一定为零，要看零势能面的选取，故A错误；B、由图可以知道,当分子间距离时,分子力表现为引力，随分子间距离的增大先增大后减小，故B错误；C、由图可以知道，当分子间距离为时，分子势能最小，分子势能随分子间距离增大而增加，故C正确；D、由图可以知道,当分子间距离时，
10、分子力和分子势能均最小，分子间距离逐渐减小，分子力和分子势能都逐渐增加，故D正确；故选CD。【点睛】根据题中的图象，分子间同时存在引力和斥力，随着分子间距的增加,引力和斥力同时减小，根据分子之间距离变化情况与分子势能的变化情况即可正确分析。10. 人类对自然的认识是从宏观到微观不断深入的过程，以下说法正确的是：( )A. 液晶的分子势能与体积无关B. 晶体的物理性质都是各向异性的C. 温度升高，每个分子的动能都增大D. 露珠呈球状是由于液体表面张力的作用【答案】D【解析】A、物体体积变化时，分子间的距离将发生改变，分子势能随之改变，所以分子势能与体积有关，故A正确；B、晶体分为单晶体和多晶体，
11、单晶体的物理性质各向异性，多晶体的物理性质各向同性，故B错误；C、温度是分子平均动能的标志，具有统计的意义，故C错误；D、液体表面的张力具有使液体表面收缩到最小的趋势，故D正确。点睛：本题要明确单晶体和多晶体的区别；其次要知道温度决定分子平均动能，而不能决定每一个分子的动能。【此处有视频，请去附件查看】11.高空作业须系安全带，如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为h(可视为自由落体运动)此后经历时间t安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为()A. mgB. mgC. mgD. mg【答案】A
12、【解析】试题分析：在安全带对人有拉力的瞬间时，人做自由落体运动，此过程机械能守恒，故有，即在产生拉力瞬间速度为，之后人在安全带的作用下做变速运动，末速度为零，设向上为正方向，则根据动量定理可得：有，联立解得考点：考查了动量定理的应用【名师点睛】本题关键是明确物体的受力情况和运动情况，然后对自由落体运动过程和全程封闭列式求解，注意运用动量定理前要先规定正方向【此处有视频，请去附件查看】12.如图所示，质量分别为m和2m的A、B两个木块间用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，A紧靠竖直墙。用水平力F将B向左压，使弹簧被压缩一定长度，静止后弹簧储存的弹性势能为E。这时突然撤去F，关于A、B和弹簧组成的系统
13、，下列说法中正确的是（ ）A. 撤去F后，系统动量守恒，机械能守恒B. 撤去F后，A离开竖直墙前，系统动量不守恒，机械能守恒C. 撤去F后，A离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为D. 撤去F后，A离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为E【答案】BC【解析】试题分析：撤去F后，A离开竖直墙前，由于系统受到墙壁向右的作用力，所以系统动量不守恒，由于只有弹力做功，所以机械能守恒；撤去F后，A离开竖直墙后，当两者共速时，弹簧弹性势能最大，此时，,即此时弹簧的弹性势能最大值为E/3。选项BC正确。考点：机械能守恒及动量守恒；能量守恒定律。13.在光滑的水平面上，有A、B两个小球向右沿同一直线运动，取向右为
14、正方向，两球的动量分别为pA5kgm/s，pB7kgm/s，如图所示。若两球发生正碰，则碰后两球的动量增量pA、pB可能是A. pA3 kgm/s，pB3 kgm/sB. pA3 kgm/s，pB3 kgm/sC. pA3 kgm/s，pB3 kgm/sD. pA10 kgm/s，pB10 kgm/s【答案】B【解析】A. 两球碰撞过程,系统的动量守恒,两球动量变化量应大小相等,方向相反,若PA=3kgm/s,PB=3kgm/s，违反了动量守恒定律，不可能，故A错误。B. 根据碰撞过程动量守恒定律,如果pA=3kgm/s、pB=3kgm/s,所以碰后两球的动量分别为pA=8kgm/s、pB=4
15、kgm/s，由题，碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，与实际运动不符，故B错误。C. 根据碰撞过程动量守恒定律,如果pA=3kgm/s、pB=3kgm/s,所以碰后两球的动量分别为pA=2kgm/s、pB=10kgm/s，根据碰撞过程总动能不可能增加，是可能发生的，故C正确。D. 如果pA=10kgm/s、pB=10kgm/s,所以碰后两球动量分别为pA=5kgm/s、pB=17kgm/s，可以看出，碰撞后A的动能不变，而B的动能增大，违反了能量守恒定律，不可能。故D错误。故选：C。【名师点睛】当A球追上B球时发生碰撞，遵守动量守恒由动量守恒定律和碰撞过程总动能不增加，进行选择。
