《广东省揭阳市2020学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省揭阳市2020学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、广东省揭阳市2020学年高二物理下学期期末考试试题（含解析） 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.在下列四幅图中，能正确标明通电直导线所受安培力F方向的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】A根据左手定则判断可知，安培力竖直向下，A错误B根据左手定则判断可知，安培力竖直向下，B正确C根据左手定则判断可知，安培力竖直向下，C错误D根据左手定则判断可知，安培力垂直纸面向外，D错误2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电
2、场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知A. 带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大B. 带电粒子在P点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小C. 带电粒子在P点时的速度大小大于在Q点时的速度大小D. 带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大【答案】C【解析】【详解】A以b电场线为例，结合曲线运动轨迹、速度、合外力三者位置关系，可知该粒子在b电场线处受到的电场力向右，又由于粒子带负电，所以该处电场强度向左，所以P点电势大于Q点电势，所以粒子在P点电势能小于Q点。A错误BP点电场线比Q点密集，所以P点加
3、速度大于Q点。B错误C从P到Q电场力做负功，所以P点动能大于Q点，因此P点速度大于Q点，C正确D因为全程只受电场力，所以动能和电势能之和是定值，D错误3.如图所示，单匝闭合金属线框abcd在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO匀速转动，设穿过线框的最大磁通量为m，线框中产生的最大感应电动势为Em，从线框平面与磁场平行时刻（图示位置）开始计时，下面说法正确的是A. 线框转动的角速度为B. 线框中的电流方向在图示位置发生变化C. 当穿过线框的磁通量为m的时刻，线框中的感应电动势为EmD. 若转动周期减小一半，线框中感应电动势也减小一半【答案】A【解析】【详解】A根据交流电产生的原理可知，线圈匀速转动产生
4、的交流电的电动势峰值，所以结合本题情境可得线框转动的角速度为，A正确B图示位置感应电动势最大，电流方向的改变在电动势等于0的时刻，B错误C当穿过线框的磁通量为m的时刻，线框的速度与磁感线平行，感应电动势为0，C错误D根据法拉第电磁感应定律可知，若转动周期减小一半，磁通量变化越快，线框中的感应电动势变为原来2倍，D错误4. 电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示。现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是A. 从a到b，上极板带正电B. 从a到b，下极板带正电C. 从b到a，上极板带正电D. 从b到a，下
5、极板带正电【答案】D【解析】试题分析：由图知，穿过系安全带磁场方向向下，在磁铁向下运动的过程中，线圈的磁通量在增大，故感应电流的磁场方向向上，再根据右手定则可判断，流过R的电流从b到a，电容器下极板带正电，所以A、B、C错误，D正确。考点：本题考查楞次定律5.如图所示，一理想变压器原线圈为1000匝，副线圈为200匝，将原线圈接在的交流电压上，电阻R100，电流表A为理想电表，下列说法正确的是A. 该变压器是升压变压器B. 交变电流的频率为60HzC. 电流表A的示数为0.40AD. 变压器的输入功率是16W【答案】B【解析】【详解】A原线圈的匝数大于副线圈，该变压器为降压变压器，A错误B根据
6、题意可知，所以交变电流的频率为60Hz，B正确C电流表显示的为电流的有效值，结合变压器的规律可得，电流表A的示数为，C错误D结合C选项的结果，可得变压器的输入功率是8W，D错误6.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态，现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则A. P点的电势将降低B. 带电油滴的电势能将增大C. 带电油滴将沿竖直方向向下运动D. 电容器的电容减小，极板带电荷量将增大【答案】ABC【解析】【详解】A因为电容器和直流电源相连，所及极板间电压不变，间距增大，极板间电场强度减小，所以P点和下极
7、板间的电势差减小，又下极板接地，所以P点电势减小，A正确B根据题意可知，上极板带正电，又油滴初始静止，所以可知油滴带负电，P点电势减小，因此油滴电势能增大，B正确C因为极板间电场强度减小，原来电场力等于重力，现在电场力小于重力，油滴向下运动，C正确D根据平行板电容器电容决定式可知，间距增大，电容减小，又电压不变，所以极板所带电荷量减小，D错误7. 如图所示，在磁感应强度B10 T的匀强磁场中，金属杆PQ在外力F作用下在粗糙U形导轨上以速度v2 m/s向右匀速滑动，两导轨间距离l10 m，电阻R30 ，金属杆的电阻r10 ，导轨电阻忽略不计，则下列说法正确的是A. 通过R的感应电流的方向为由a到
8、dB. 金属杆PQ切割磁感线产生的感应电动势的大小为20 VC. 金属杆PQ受到的安培力大小为05 ND. 外力F做功的数值等于电路产生的焦耳热【答案】ABC【解析】试题分析：由右手定则判断知，当导体棒滑动时产生逆时针方向的电流，通过R的感应电流的方向为由a到d故A正确导体PQ切割磁感线产生的感应电动势的大小为：E=BLv=1012V=2V，故B正确。在整个回路中产生的感应电流为：代入数据得：I=05A 由安培力公式：代入数据得：故C正确。金属杆PQ在外力F作用下在粗糙U型导轨上以速度v向右匀速滑动，外力F做功大小等于电路产生的焦耳热和导轨与金属杆之间的摩擦力产生的内能之和，故D错误。所以AB
9、C正确，D错误。考点：动生电动势、欧姆定律、安培力【名师点睛】本题是法拉第电磁感应定律、欧姆定律和安培力公式等综合应用，该题中要明确功与能的关系，知道外力F克服摩擦力和安培力做功，外力F做功大小等于电路产生的焦耳热和导轨与金属杆之间的摩擦力产生的内能的和。本题的解题思路是导体PQ垂直切割磁感线，由右手定则判断感应电流的方向，由E=BLv求解感应电动势的大小，由公式F=BIL求PQ所受的安培力；外力F克服摩擦力和安培力做功。8.在如图甲所示的电路中，电源电动势为3V，内阻不计，L1、L2位相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R为定值电阻，阻值为10当开关S闭合后A. L1的电阻
10、为1.2B. L1消耗的电功率为0.75WC. L2的电阻为5D. L2消耗的电功率为0.1W【答案】BC【解析】AB、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻，功率P1=U1I1=0.75W故A错误，BC正确；C、灯泡L2的电压为U，电流为I，R与灯泡L2串联，则有，在小灯泡的伏安特性曲线作图，如图所示，则有，L2的电阻为5，L2消耗的电功率为0.2W，故C正确，D错误；故选BC三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题第38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9.某人
11、用多用电表按正确步骤测量一电阻的阻值，当选择欧姆挡“1”挡测量时，指针指示位置如图所示，则其电阻值是_；如果要用这只多用电表测量一个约200的电阻，为了使测量比较精确，选择开关应选的欧姆挡是_；改变挡位调整倍率后，要特别注意重新_。【答案】 (1). 12.0 (2). “10”挡 (3). 欧姆调零【解析】【详解】如图可知，指针所指为12，估读一位12.0，档位为“1”，所以电阻阻值为12.0；为了使读数精准，应使指针落在中值电阻附近，所以可知档位切换为“10”挡；更换了档位欧姆表内阻会改变，所以测量电阻前应欧姆调零。10.手机、电脑等电器已经普及到人们的日常生活中，这些电器都要用到锂电池。
12、某同学利用下列器材测定一节锂电池的电动势和内阻，锂电池的电动势约为3V。A量程是0.6A，内阻约为0.5的电流表B量程是3V，内阻是6k的电压表C量程是15V，内阻是30k的电压表D阻值为01k，额定电流为0.5A的滑动变阻器E阻值为010，额定电流为2A的滑动变阻器F定值电阻4，额定功率4WG开关S一个，导线若干（1）这位同学设计的电路图中的导线应连接到_处；（填“”或“”）（2）为了减小实验误差，电压表应选择_；（填器材前的序号）（3）为了使电压表和电流表的读数变化比较明显，滑动变阻器应选择_；（填器材前的序号）（4）用上图中的实验电路进行测量，读出电压表和电流表的读数，画出对应的UI图线
13、如图所示，由图线可得该锂电池的电动势E_V，内阻r_。（计算结果都保留两位有效数字）【答案】 (1). (2). B (3). E (4). 3.2 (5). 1.3【解析】【详解】（1）本实验测量的是电池的电动势和内阻，如果采用的连接方式的话，会使路端电压的测量偏小，同时内阻的测量偏大，所以应采用的连接方式；（2）电动势约为3V，所以为了减小测量误差，应选用电压表B；（3）本实验采用的是滑动变阻器限流式接法且定值电阻的阻值只有4，所以滑动变阻器选择E；（4）根据闭合电路的欧姆定律可得，所以可知UI图线的纵轴截距表示E，斜率表示（4+r），因此可得电动势E3.2V，内阻r1.311.如图所示，
14、质量为M=2kg的木板静止在光滑的水平地面上，木板AB部分为光滑的四分之一圆弧面，半径为R=0.3m，木板BC部分为水平面，粗糙且足够长。质量为m=1kg的小滑块从A点由静止释放，最终停止在BC面上D点(D点未标注)。若BC面与小滑块之间的动摩擦因数=0.2，g=10m/s2，求：小滑块刚滑到B点时的速度大小；BD之间的距离。【答案】2m/s；1.5m；【解析】试题分析：小滑块刚滑到B点时的速度大小，木板的速度大小为根据题意，系统满足水平方向动量守恒，且在下滑过程中机械能守恒，即（2分）（3分）联立得：（1分）根据水平方向动量守恒且初动量为0，可知系统最终将停下来，结合题意可知（3分）解得（1分）考点：动量守恒定律、机械能守恒定律12.如图甲所示，两平行金属板AB间接有如图乙所示的电压，两板间的电场可看作匀强电场，且两板外无电场，板长L=08m，板间距离d=06m在金属板右侧有一磁感应强度B=20102T，方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁场宽度为l1=012m，磁场足够长MN为一竖直放置的足够大的荧光屏，荧光屏距磁场右边界的距离为l2=008m，MN及磁场边界均与AB两板中线OO垂直现有带正电的粒子流由金属板左侧沿中线OO连续射入电场中已知每个粒子的速度v0=40105m/s，比荷=10108C/kg，重力忽略不计，每个粒子通过电场区域的时间极短，电场可视为
