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1、广东省佛山市第一中学2020学年高二物理下学期第一次月考试题（含解析） 一、单选题（本大题共7小题，共28分）1.下列说法中正确的是( )A. 电动机应用了“自感”对交流电的阻碍作用B. 紫外线能促使荧光物质发出荧光C. 低频扼流圈用来“通低频、阻高频”D. 波长由长到短的排列顺序是：射线、红外线、紫外线、无线电波【答案】B【解析】【详解】电动机应用了磁场对电流有安培力的作用而制成，选项A错误；紫外线能促使荧光物质发出荧光，选项B正确；低频扼流圈的自感系数较大，其作用是通直流、阻交流，对低频有较大的阻碍作用，故B错误；波长由短到长的排列顺序是：射线、紫外线、红外线、无线电波，选项D错误。2.如
2、图(a)所示，电路左侧是一个电容为C的电容器，电路的右侧是一个环形导体，环形导体所围的面积为S。在环形导体中有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小随时间变化的规律如图(b)所示，则在0t0时间内电容器( )A. 上极板带正电，所带电荷量为B. 上极板带正电，所带电荷量为C. 上极板带负电，所带电荷量为D. 上极板带负电，所带电荷量为【答案】A【解析】试题分析：由图(a)可知，环形导体相对于电路的电源，此时电容器接在电源两端，根据楞次定律可知，在0t0时间内，环形导体中将产生逆时针方向的感应电流，即电容器的上极板与电源正极相连，因此上极板带正电，下极板带负电，故选项C、D错误；根据法拉第电
3、磁感应定律可知，感应电动势为：E，根据电容的定义式可知，在0t0时间内电容器两极板上所带电量为：QCE，故选项A正确；选项B错误。考点：本题主要考查了楞次定律、法拉第电磁感应定律、电容定义式的应用问题。3.如图所示，一个闭合金属圆环用绝缘细线挂于O点，将圆环拉离平衡位置并由静止释放，圆环摆动过程中经过有界的水平方向的匀强磁场区域，A、B为该磁场的竖直边界，磁场方向垂直于圆环所在平面向里，若不计空气阻力，则( )A. 圆环向右穿过磁场后，还能摆到释放位置B. 圆环进入磁场和离开磁场时感应电流大小相等C. 圆环在磁场中运动时均有感应电流D. 圆环将在磁场中不停地摆动【答案】D【解析】【详解】圆环向
4、右穿过磁场后，会产生电流，圆环中将产生焦耳热，根据能量守恒知圆环的机械能将转化为电能，所以回不到原来的高度了，故A错误。圆环进入磁场时的速度大于离开磁场时的速度，则产生的感应电流大小不相等，选项B错误；当整个圆环进入磁场后，磁通量不发生变化，不产生感应电流，故C错误。在圆环不断经过磁场，机械能不断损耗过程中圆环越摆越低，最后整个圆环只会在磁场区域来回摆动，因为在此区域内没有磁通量的变化（一直是最大值），所以机械能守恒，即圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，故D正确。4.如图所示电路中，L是一个不计直流电阻的电感线圈，直流电源1的电压值与交流电源2电压有效值相等，S是单刀双掷开关，C是电容器
5、，A、B是完全相同的小灯泡，则下列叙述正确的有（）A. 开关S与2接通后，灯B发光，而灯A不发光B. 开关S与1接通后，灯B的亮度比开关与2接通稳定后灯B的亮度低C. 开关S与1接通时，灯A亮一下后熄灭，而灯B逐渐变亮D. 若将电源2换成一个既含有高频信号又含有低频信号的信号源，则当开关与2接通时，通过B灯的主要是高频信号【答案】A【解析】电容器的特点为阻直流通交流，当开关S与1接通时灯A灯不亮，通过电感线圈的电流增大，所以线圈会阻碍电路电流的增大，故B灯是逐渐变亮，A正确；开关S与2接通后，电感线圈始终会阻碍电流的变化，这种阻碍一直存在，所以要比接通1稳定后要暗，而此时有部分电流通过电容器，
6、故A灯也会亮，BC错误；线圈对交流电有通低频阻高频的作用，所以若将电源2换成一个既含有高频信号又含有低频信号的信号源，则当开关与2接通时，通过B灯的主要是低频信号，故D正确【点睛】对于电容器来说能通交流隔直流，而频率越高越容易通过对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流5.一理想变压器电路如图所示，两组副线圈中所接的三个电阻都为R，原线圈接通交变电源后，三个线圈的电流有效值相等，则图中三个线圈的匝数之比：为A. 9：1：4B. 6：1：2C. 3：1：2D. 3：2：1【答案】C【解析】【详解】两个副线圈的输出功率为：根据输入功率等于输出功率有：解得：两个副线圈的电压分别为：，根据电
7、压与匝数成正比，有：IR：1：2，故C正确，ABD错误；故选C.【点睛】本题考查了变压器的特点，需要注意的是本题有两个副线圈，电压之比仍满足线圈匝数之比所以电流与匝数不再成反比，输入功率等于输出功率6.采用220 kV高压向远方的城市输电。当输送功率一定时，为使输电线上损耗的功率减小为原来的，输电电压应变为（ ）A. 55 kVB. 110 kVC. 660 kVD. 1980 kV【答案】C【解析】【详解】输送电流，输电线上损失的功率；可知输电线损失的功率与输送电压的平方成反比，所以为使输电线上损耗的功率减小为原来的，输电电压应变原来的3倍，即输电电压增大为660kV故C正确，ABD错误.7
8、.如图所示为一正弦交变电压随时间变化的图像，由图可知( )A. 交流电的周期为2sB. t=110-2s时线圈位置与磁场方向垂直C. 用电压表测量该交流电压时，读数为311VD. 标有“ 300V”的电容器不会被击穿【答案】B【解析】【详解】由图象知周期为210-2s，故A错误；t=110-2s时感应电流为零，则此时线圈位置与磁场方向垂直，选项B正确；电压表的读数为有效值应为，故C错误；电容器的耐压值应大于或等于电压的最大值，故D错误；二、多选题（本大题共6小题，共24分）8.下图表示闭合电路中的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动的情景，其中能产生由a到b的感应电流的是()A. B. C.
9、 D. 【答案】A【解析】A图是闭合电路，导体棒ab垂直切割磁感线，回路产生感应电流，根据右手定则判断知：感应电流方向由a到b，故A正确B图中此导体不闭合，尽管切割磁感线，但不产生感应电流，故B错误C图中穿过闭合线框的磁通量减小，产生感应电流，根据楞次定律判断可知：感应电流方向由b到a，故C错误D图中导体做切割磁感线运动，能产生感应电流，根据右手定则判断知：感应电流方向由b到a，故D错误故选A9.如图所示，一个质量为M、长为L的铜管用细线悬挂在天花板上，现让一强磁铁(可视为质点)从铜管E端由静止下落，强磁铁在下落过程中与铜管不接触，在强磁铁穿过铜管过程中( )A. 铜管中没有感应电流B. 整个
10、系统机械能守恒C. 细线中的拉力F=MgD. 强磁铁穿过制管的时间【答案】D【解析】【详解】A、强磁铁通过钢管时，导致钢管的磁通量发生变化，从而产生感应电流，故A错误；B、磁铁在铜管中运动的过程中，虽不计空气阻力，但在过程中，出现安培力做功产生热量，所以系统机械能不守恒，故B错误；C、由于磁铁与圆管间存在相互作用力，则细线中的拉力，故C错误；D、因圆管对磁铁有阻力，所以运动时间与自由落体运动相比会变长，即有，故D正确。10.图甲是某燃气炉点火装置的原理图。转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为、。V为交流电压表。当变压器副线圈电
11、压的瞬时值大于5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体。以下判断正确的是（ ）A. 电压表示数等于5VB. 电压表的示数等于C. 实现点火的条件是D. 实现点火的条件是【答案】BC【解析】试题分析：根据图乙得到原线圈电压的最大值，根据有效值与最大值的关系求出电压表的示数，当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会点火，根据电压与线圈匝数比的关系即可求解根据图乙得到原线圈电压的最大值为5V，所以电压表的示数为，A错误B正确；根据，且，得实现点火的条件是，故C正确D错误11.如图所示，理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动触头Q来调节，在副线圈两瑞连
12、接了定值电阻和滑动变阻器R，P为滑动变阻器的滑动触头，在原线圈上加一电压为U的正弦交流电，则A. 保持Q的位置不动，将P向下滑动时，电流表读数变大B. 保持Q的位置不动，将P向下滑动时，电流表读数变小C. 保持P的位置不动，将Q向下滑动时，电流表读数变大D. 保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变小【答案】BC【解析】保持Q位置不动时，负载电路电压保持不变，将P向上滑动时，连入电路的电阻变大，故负载消耗功率变小，原线圈输入功率变小，电流表示数变小，所以选项A错误、B正确； 保持P位置不动，即负载电路电阻不变，将Q向上滑动时，由理想变压器电压、匝数关系可知，副线圈输出电压升高，负载电路消
13、耗功率变大，故原线圈输入电流变大，所以选项C正确的、D错误。考点：理想变压器、动态电路变化12.压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小，某位同学利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如下图所示，将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电流表示数为I0，电梯在不同的运动过程中，电流表的示数分别如图甲、乙、丙、丁所示，下列判断中正确的是( )A. 甲图表示电梯可能做匀速直线运动B. 乙图表示电梯可能做匀加速上升运动C. 丙图表示电梯可能做匀加速上升运动D. 丁图表示电梯可能做匀减速下降运动【答案】AB【解析】【详解】甲图，电流不变且等于电梯静止时的读数I0，
14、压敏电阻的电压不变，由欧姆定律知，其阻值不变，压力等于mg不变，可能做匀速直线运动。故A正确。乙图，电流为静止时的两倍，而且不变，由欧姆定律知，其电阻减小，且不变，则压力增大且大于mg不变，电梯可能做匀加速上升运动，故B正确。丙图，当电流均匀增大时，其电阻是变小的，则压力是变大的，电梯不可能做匀变速运动。故C错误。丁图，当电流均匀减小时，其电阻是增大的，则压力变小，电梯不可能做匀减速运动，D错误.13.如图所示，图线a和图线b分别表示线圈A和线圈B在同一匀强磁 场中匀速转动时通过线圈的磁通量随时间的变化规律.已知线圈A的匝数与线圈B的匝数分别为10匝和30匝，以下说法正确的是（）A. 线圈A与
15、线圈B的转速之比为2：3B. 线圈A与线圈B产生的最大电动势之比为1：1C. 线圈A产生的感应电动势的瞬时值表达式为e =500cos5t（V）D. 线圈B在t=0.3s时刻的感应电流为零【答案】BC【解析】【分析】由图读出磁通量的最大值和周期T，由求出转速之比，根据Em=nm求出最大电动势之比，求出A的角速度和最大电动势即可写出交流电A的瞬时值表达式，线圈B在t=0.3s时刻时，磁通量为零，感应电动势最大。【详解】A项：根据图象可知，A的周期为0.4s，B的周期为0.6s，所以周期之比为2：3，根据得：转速之比为3：2，故A错误；B项：根据Em=nm可知：，故B正确；C项：，根据e=Emcost得：线圈A的感应电动势的瞬时值表达式为e=500cos5t（V），故C正确；D项：线圈B在t=0.3s时刻时，磁通量为零，感应电动势最大，所以感应电流不为零，故D错误。故应选：BC。【点睛】本题考查对交流电磁通量图象理解能力，要求同学们能够从图中得出有用的信息，
