《高考一轮复习备考资料之数学人教A版课件：第三章 导数及其应用 高考专题突破一》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考一轮复习备考资料之数学人教A版课件：第三章 导数及其应用 高考专题突破一（37页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、高考中的导数应用问题 高考专题突破一 考点自测 课时作业 题型分类深度剖析 内容索引 考点自测 1 2 3 4 5 解析 答案 解析f x 2cosx 2 2 1 2 3 4 5 当两函数的切线平行时 xp 0 xQ 1 1 2 4 5 解析 3 2 2018 西宁质检 若f x x2 bln x 2 在 1 上是减函数 则b的取值范围是A 1 B 1 C 1 D 1 答案 即b x x 2 在 1 上恒成立 由于g x x x 2 在 1 上是增函数且g 1 1 所以b 1 故选C 1 2 4 5 3 解析 3 2017 全国 若x 2是函数f x x2 ax 1 ex 1的极值点 则f x
2、 的极小值为A 1B 2e 3C 5e 3D 1 答案 1 2 4 5 3 解析函数f x x2 ax 1 ex 1 则f x 2x a ex 1 x2 ax 1 ex 1 ex 1 x2 a 2 x a 1 由x 2是函数f x 的极值点 得f 2 e 3 4 2a 4 a 1 a 1 e 3 0 所以a 1 所以f x x2 x 1 ex 1 f x ex 1 x2 x 2 由ex 1 0恒成立 得当x 2或x 1时 f x 0 且当x 2时 f x 0 1 2 4 5 3 当 2 x 1时 f x 0 当x 1时 f x 0 所以x 1是函数f x 的极小值点 所以函数f x 的极小值为
3、f 1 1 故选A 4 若直线y kx b是曲线y lnx 2的切线 也是曲线y ln x 1 的切线 则b 解析 答案 1 ln2 解析y lnx 2的切线方程为y x lnx1 1 设切点横坐标为x1 1 2 4 5 3 5 2017 江苏 已知函数f x x3 2x ex 其中e是自然对数的底数 若f a 1 f 2a2 0 则实数a的取值范围是 解析 1 2 4 5 3 答案 因为f a 1 f 2a2 0 所以f 2a2 f a 1 即f 2a2 f 1 a 当且仅当x 0时 成立 所以f x 在R上单调递增 所以2a2 1 a 即2a2 a 1 0 1 2 4 5 3 题型分类深度
4、剖析 例1 2018 沈阳质检 设f x xlnx ax2 2a 1 x a R 1 令g x f x 求g x 的单调区间 题型一利用导数研究函数性质 解答 解由f x lnx 2ax 2a 可得g x lnx 2ax 2a x 0 当a 0 x 0 时 g x 0 函数g x 单调递增 所以当a 0时 函数g x 的单调递增区间为 0 2 已知f x 在x 1处取得极大值 求实数a的取值范围 解答 解由 1 知 f 1 0 当a 0时 f x 单调递增 所以当x 0 1 时 f x 0 f x 单调递减 当x 1 时 f x 0 f x 单调递增 所以f x 在x 1处取得极小值 不符合题
5、意 可得当x 0 1 时 f x 0 所以f x 在x 1处取得极小值 不符合题意 所以当x 0 时 f x 0 f x 单调递减 不符合题意 当x 1 时 f x 0 f x 单调递减 所以f x 在x 1处取得极大值 符合题意 利用导数主要研究函数的单调性 极值 最值 已知f x 的单调性 可转化为不等式f x 0或f x 0在单调区间上恒成立问题 含参函数的最值问题是高考的热点题型 解此类题的关键是极值点与给定区间位置关系的讨论 此时要注意结合导函数图象的性质进行分析 解答 跟踪训练1已知a R 函数f x x2 ax ex x R e为自然对数的底数 1 当a 2时 求函数f x 的单
6、调递增区间 解当a 2时 f x x2 2x ex 所以f x 2x 2 ex x2 2x ex x2 2 ex 令f x 0 即 x2 2 ex 0 因为ex 0 解答 2 若函数f x 在 1 1 上单调递增 求a的取值范围 解因为函数f x 在 1 1 上单调递增 所以f x 0对x 1 1 都成立 因为f x 2x a ex x2 ax ex x2 a 2 x a ex 所以 x2 a 2 x a ex 0对x 1 1 都成立 因为ex 0 所以 x2 a 2 x a 0对x 1 1 都成立 题型二利用导数研究函数零点问题 例2设函数f x lnx m R 1 当m e e为自然对数的
7、底数 时 求f x 的极小值 解答 当x 0 e 时 f x 0 f x 在 e 上单调递增 f x 的极小值为2 解答 则 x x2 1 x 1 x 1 当x 0 1 时 x 0 x 在 0 1 上单调递增 当x 1 时 x 0 x 在 1 上单调递减 x 1是 x 的唯一极值点 且是极大值点 因此x 1也是 x 的最大值点 又 0 0 结合y x 的图象 如图 可知 当m 0时 函数g x 有且只有一个零点 函数零点问题一般利用导数研究函数的单调性 极值等性质 并借助函数图象 根据零点或图象的交点情况 建立含参数的方程 或不等式 组求解 实现形与数的和谐统一 解答 f x 与f x 在区间
8、 0 上随x的变化情况如下表 2 证明 若f x 存在零点 则f x 在区间 1 上仅有一个零点 证明 题型三利用导数研究不等式问题 例3 2017 陕西省宝鸡市质检 设函数f x ax2lnx b x 1 曲线y f x 过点 e e2 e 1 且在点 1 0 处的切线方程为y 0 1 求a b的值 解答 解由题意可知 f x ax2lnx b x 1 的定义域为 0 f x 2axlnx ax b x 0 f 1 a b 0 f e ae2 b e 1 a e2 e 1 e2 e 1 a 1 b 1 2 证明 当x 1时 f x x 1 2 证明f x x2lnx x 1 f x x 1
9、2 x2lnx x x2 设g x x2lnx x x2 x 1 则g x 2xlnx x 1 由 g x 2lnx 1 0 得g x 在 1 上单调递增 g x g 1 0 g x 在 1 上单调递增 g x g 1 0 f x x 1 2 证明 3 若当x 1时 f x m x 1 2恒成立 求实数m的取值范围 解答 解设h x x2lnx x m x 1 2 1 x 1 则h x 2xlnx x 2m x 1 1 由 2 知x2lnx x 1 2 x 1 x x 1 xlnx x 1 h x 3 x 1 2m x 1 3 2m x 1 h x 在 1 上单调递增 h x h 1 0成立
10、h x 2xlnx 1 2m x 1 h x 2lnx 3 2m 令 h x 0 得x 1 当x 1 时 h x 单调递减 则h x h 1 0 h x 在 1 上单调递减 h x h 1 0 即h x 0不成立 求解不等式恒成立或有解时参数的取值范围问题 一般常用分离参数的方法 但是如果分离参数后对应的函数不便于求解其最值 或者求解其函数最值较烦琐时 可采用直接构造函数的方法求解 解析 跟踪训练3已知函数f x x3 2x2 x a g x 2x 若对任意的x1 1 2 存在x2 2 4 使得f x1 g x2 则实数a的取值范围是 答案 解析问题等价于f x 的值域是g x 的值域的子集
11、显然 g x 单调递减 对于f x f x 3x2 4x 1 当x变化时 f x f x 的变化情况列表如下 f x max a 2 f x min a 4 课时作业 基础保分练 1 2 3 4 5 6 解答 解答 1 2 3 4 5 6 当x变化时 f x f x 的变化情况如下表 1 2 3 4 5 6 1 2 3 4 5 6 解答 2 已知函数f x x3 3x2 ax 2 曲线y f x 在点 0 2 处的切线与x轴交点的横坐标为 2 1 求a的值 解f x 3x2 6x a f 0 a 曲线y f x 在点 0 2 处的切线方程为y ax 2 1 2 3 4 5 6 证明 2 证明
12、当k 1时 曲线y f x 与直线y kx 2只有一个交点 1 2 3 4 5 6 证明由 1 知 f x x3 3x2 x 2 设g x f x kx 2 x3 3x2 1 k x 4 由题设知1 k 0 当x 0时 g x 3x2 6x 1 k 0 g x 单调递增 g 1 k 10时 令h x x3 3x2 4 则g x h x 1 k x h x h x 3x2 6x 3x x 2 h x 在 0 2 上单调递减 在 2 上单调递增 1 2 3 4 5 6 所以g x h x h 2 0 所以g x 0在 0 上没有实根 综上 g x 0在R上有唯一实根 即曲线y f x 与直线y k
13、x 2只有一个交点 1 2 3 4 5 6 3 2018 长春质检 已知函数f x x2 2ex m 1 g x x x 0 1 若g x m有零点 求m的取值范围 解答 当x e时 g x 有最小值2e 要使g x m有零点 只需m 2e 即当m 2e 时 g x m有零点 1 2 3 4 5 6 2 确定m的取值范围 使得g x f x 0有两个相异实根 解答 1 2 3 4 5 6 解若g x f x 0有两个相异实根 则函数g x 与f x 的图象有两个不同的交点 f x x2 2ex m 1 x e 2 m 1 e2 其对称轴为x e f x max m 1 e2 若函数f x 与g
14、 x 的图象有两个交点 则m 1 e2 2e 即当m e2 2e 1时 g x f x 0有两个相异实根 m的取值范围是 e2 2e 1 1 2 3 4 5 6 4 已知函数f x alnx a 0 a R 1 若a 1 求函数f x 的极值和单调区间 解答 令f x 0 得x 1 又f x 的定义域为 0 由f x 0 得x 1 所以当x 1时 f x 有极小值1 无极大值 f x 的单调递增区间为 1 单调递减区间为 0 1 1 2 3 4 5 6 解答 2 若在区间 0 e 上至少存在一点x0 使得f x0 0成立 求实数a的取值范围 1 2 3 4 5 6 使得f x0 0成立 即f
15、x 在区间 0 e 上的最小值小于0 即f x 在区间 0 e 上单调递减 1 2 3 4 5 6 所以f x 在区间 0 e 上单调递减 显然f x 在区间 0 e 上的最小值小于0不成立 1 2 3 4 5 6 1 2 3 4 5 6 得1 lnae 即a e 1 2 3 4 5 6 5 2018届珠海二中月考 已知函数f x x alnx a R 1 讨论函数f x 在定义域内的极值点的个数 解答 技能提升练 1 2 3 4 5 6 当a 0时 f x 0在 0 上恒成立 函数f x 在 0 上单调递增 所以f x 在 0 上没有极值点 当a 0时 由f x 0 得x a 所以f x 在
16、 0 a 上单调递减 在 a 上单调递增 即f x 在x a处有极小值 无极大值 所以当a 0时 f x 在 0 上没有极值点 当a 0时 f x 在 0 上有一个极值点 1 2 3 4 5 6 2 设g x 若不等式f x g x 对任意x 1 e 恒成立 求a的取值范围 解答 1 2 3 4 5 6 不等式f x g x 对任意x 1 e 恒成立 1 2 3 4 5 6 当1 a 1 即a 0时 h x 在 1 e 上单调递增 所以h x 的最小值为h 1 由h 1 1 1 a 0 可得a 2 即 2 a 0 当1 a e 即a e 1时 h x 在 1 e 上单调递减 所以h x 的最小值为h e 1 2 3 4 5 6 当12 即0 a e 1 1 2 3 4 5 6 6 2018 泉州调研 已知函数f x ex g x a为实常数 1 设F x f x g x 当a 0时 求函数F x 的单调区间 解答 拓展冲刺练 其定义域为 0 0 当a 0时 F x 0 故F x 的单调递增区间为 0 0 无单调递减区间 1 2 3 4 5 6 2 当a e时 直线x m x n m 0
