《河北省张家口市2020届高三上学期10月阶段检测物理试题 Word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河北省张家口市2020届高三上学期10月阶段检测物理试题 Word版含解析（23页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、张家口市20192020学年第一学期阶段测试卷高三物理一、选择题1.下列关于物理学中科学方法或科学思维中描述不正确的是A. 瞬时速度概念建立用到了极限的思思B. 加速度和速度都是采取比值法定义的物理量C. 质点是理想化物理模型D. 牛顿开创了实验和逻辑推理结合的科学思维方式和科学研究方法【答案】D【解析】【详解】A瞬时速度是平均速度，t0的极限，故A正确；B加速度、速度都是采取比值法定义的物理量，故B正确；C当物体的形状和大小对研究的问题的影响可以忽略时，可将物体简化成的一个有质量的点，故质点是一个理想模型，故C正确；D伽利略开创了实验和逻辑推理结合的科学思维方式和研究方法，故D错误2.甲、乙
2、两物体同时从同一地点并排做直线运动.两物体的速度一时间图象如图所示，在06s内，下列说法中正确的是A. 乙物体先向正方向运动，后向负方向运动B. 两物体在1s末和4s末相遇C. 两物体最远距离为1mD. 第4s末两物体相距最远【答案】D【解析】【详解】A乙物体的速度一直为正，说明其运动方向始终未发生变化，一直沿正方向运动，故A错误；B图像与坐标轴所围面积可知，0-1s内，甲的位移比乙的大，则知两物体在1s末没有相遇，同理知，两物体在4s末也没有相遇，故B错误；CD1s末两物体相距的距离等于一个小三角形的面积，而4s末两物体相距的距离等于2-4之间三角形的面积，明显4s末二者的距离最大，且两物体
3、最远距离为故C错误；D正确3.如图A、B两物体叠放在固定的斜面上，B上表面水平.A、B无相对滑动、下列说法正确的是A. 若A、B沿斜面向下匀速运动.B对A有水平向右的摩擦力B. 若A、B沿斜面向下匀速运动，B对A有水平向左的摩擦力C. 若斜面光滑，B对A的作用力垂直斜面向上D. 若斜面光滑，B对A的作用力沿斜面向下【答案】C【解析】【详解】AB若A、B沿斜面向下匀速运动，合力为零，所以A的合力也为零，A、B间没有摩擦力，故AB错误；CD设斜面倾角为，若斜面光滑，则A、B沿斜面向下加速运动，以的加速度沿斜面向下，A的加速度也沿斜面向下且也为，所以A受重力，B对A的支持力，摩擦力三个力的作用，由于
4、A的加速度也沿斜面向下且也为，所以B对A的支持力，摩擦力两力的合力一定垂直斜面方向向上，即B对A的作用力垂直斜面向上，故C正确，D错误4.1970年成功发射的“东方红一号”是我国第一颗人造地球卫星，该卫星至今在地球引力的作用下仍沿椭圆轨道绕地球运动，如图所示，设卫星在近地点、远地点的速度分别为、，近地点到地心的距离为r，地球质量为M，引力常量为G.则A. ，B. ，C. 东方红一号卫星的运行周期比轨道半径为r的人造地球卫星的运行周期大D. 从近地点到远地点阶段，“东方红一号卫星”机械能逐渐变大【答案】C【解析】【详解】AB根据开普勒第二定律可知；当卫星沿近地点的轨道做匀速圆周运动时，地球的引力
5、提供卫星在近地点做圆周运动的向心力，得但由于卫星沿椭圆轨道运动，所以近地点的速度大于卫星沿近地点的圆形轨道做匀速圆周运动的速度，故AB错误；C由于东方红一号的轨道半长轴大于r，根据开普勒第三定律可知，半长轴大的，周期大，东方红一号卫星的运行周期比轨道半径为r的人造地球卫星的运行周期大，故C正确；D卫星在椭圆轨道上稳定运行时，只有万有引力做功，机械能守恒不变，故D错误5.如图竖直薄壁圆筒内壁光滑、半径为R，上部侧面A处开有小口，在小口A的正下方h处亦开有与A大小相同的小口B，小球从小口A沿切线方向水平射入筒内，使小球紧贴筒内壁运动，要使小球从B口处飞出，小球进入A口的速率可能是A. B. C.
6、D. 【答案】B【解析】【详解】小球在竖直方向做自由落体运动，由可知，小球在桶内的运动时间为:在水平方向，以圆周运动的规律来研究，得到:(n=1，2，3.)所以有：(n=1，2，3.)当n=1时，A与分析不符，故A错误；B与分析相符，故B正确；C与分析不符，故C错误；D与分析不符，故D错误6.如图所示，倾角=30的斜面AB，在斜面顶端B向左水平抛出小球1、同时在底端A正上方与B等高 处水平向右抛出小球2，小球1、2同时落在P点，P点为斜边AB的中点，则()A. 小球2一定垂直撞在斜面上B. 小球1、2的初速度可以不相等C. 小球1落在P点时小球1落在P点时速度方向与斜面的夹角为30D. 改变小
7、球1的初速度，小球1落在斜面上的速度方向都平行【答案】D【解析】【详解】A项：设斜面底边长为L，若小球2垂直打在斜面上，设小球2的位移与水平方向的夹角为，则有，由几何关系可知， ，解得：，由此可见，小球2要垂直打在斜面上，则小球2开始运动的高度要一特定高度且与B的高度不同，故A错误；B项：由于小球1、2下落高度相同，水平位移相同，所以初速度一定相同，故B错误；C项：小球1落在斜面上时，小球的位移与水平方向的夹角为300，由平抛运动的规律可知，速度与水平方向夹角正切值等于位移与水平方向正切值的两倍，故C错误；D项：改变小球1的初速度，只要小球能落在斜面上时，由平抛运动的规律可知，速度与水平方向夹
8、角正切值等于位移与水平方向正切值的两倍，而小球位移与水平方向夹角始终为300，所以速度方向与水平方向夹角不变，故D正确7.如图所示，一个粗糙的水平转台以角速度匀速转动，有一个质量为m的物体与转台间的动摩擦因数为，用长为L的细绳与转台中心O连接，现拉直细绳将物体轻放于转台上，则下列说法正确的是A. 若物体在转台上运动一周，摩擦力对物体不做功B. 若物体在转合上运动一周，摩擦力对物体做的功为C. 物体将做半径不变的圆周运动，绳上拉力不断增大D. 物体在转台上运动圈后相对于转台停止运动【答案】D【解析】【详解】A物体在转台受与转台接触点速度方向相同的摩擦力f，所以物体将具有沿切向加速度，物体将沿切线
9、方向均匀加速，是变速圆周运动，拉力提供向心力，直到与圆盘相对静止，摩擦力对物体做正功，故A错误；B物体相对转台静止时，根据动能定理得:解得x可能小于2L，所以物体在转台上运动一周，摩擦力对物体做功可能小于，故B错误；C物体将做半径不变的圆周运动，与转台相对静止后，做匀速圆周运动，拉力提供向心力不变，故C错误D由于可知，物体在转台上运动圈后相对于转台停止运动，故D正确8.如图甲所示，电动机通过绕过光滑定滑轮的细绳与放在倾角为的光滑斜面上的物体相连，启动电动机后物体沿斜面上升；在时间内物体运动的图象如图乙所示，其中除时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线，1s后电动机的输出功率保持不变；已知物
10、体的质量为2kg，重力加速度则下列计算不正确的是A. 1s后电动机的输出功率P为100WB. 物体运动的最大速度为10C. 在s内电动机所做的功为25JD. 在s内电动机所做的功为250J【答案】C【解析】【分析】根据图乙得出的加速度，再根据牛顿第二定律得出牵引力，最后由算出电动机的输出功率；当加速度为0时，物体运动速度最大，根据二力平衡求出此时牵引力，结合算出最大速度；内根据运动学公式及动能定理算出电动机所做的功；内，根据电动机功率变，结合算出【详解】A、设物体质量为m，由题图乙可知，在s时间内，物体做匀加速直线运动的加速度大小为a，1s末物体的速度大小达到，此过程中，设细绳拉力的大小为，则
11、根据运动学公式和牛顿第二定律可得：，由图象可知，由功率公式，联立解得：在1s末电动机输出功率为：，故A正确.B、当物体达到最大速度后，细绳的拉力大小，由牛顿第二定律和功率的公式可得：，由解得，故B正确.C、在时间s内，物体的位移为x，电动机做的功为，则由运动学公式得：由动能定理得：，联立解得：，故C错误.D、在时间t=3s内电动机做的功为W，则：，联立解得：故D正确.故选C.【点睛】本题与汽车启动类似，关键需要分析清楚物体各段的运动规律及受力情况，明确实际功率达到额定功率时匀加速直线运动转为变速直线运动，达到速度最大值后做匀速直线运动.9.如图所示，半径为R=0.4m的圆弧形光滑轨道固定于竖直
12、平面内，圆弧形轨道与光滑固定的水平轨道相切，可视为质点的质量均为m=0.5kg的小球甲、乙用轻杆连接，置于圆弧形轨道上，小球甲与O点等高，小球乙位于圆心O的正下方.某时刻将两小球山静止释放，最终它们在平面上运动，g取10m/s2，则A. 两小球由静止释放后速度大小相等，最终在水平面上运动的速度大小为2m/sB. 小球甲下滑过程中重力对它做功的功率一直增大C. 小球甲下滑到圆弧轨道最低点对轨道的压力的大小为10ND. 整个过程中轻杆对小球乙做的功为为1J【答案】CD【解析】【详解】A两球沿杆方向速度始终大小一样，但在甲球未滑离圆弧形轨道时，两球实际速度不相等；当甲乙两球都在水平面上运动时，两球速
13、度相等.整个过程两个小球组成系统机械能守恒，故:解得小球在水平面上最终运动速度=2m/s故A错误；B小球甲下滑过程中，最高点速度为零，故重力的功率为零；最低点速度和重力垂直，故重力的功率也是零；而中途重力的功率不为零，故重力的功率应该是先增加后减小，故B错误；C小球甲下滑到圆弧形轨道最低点，重力和支持力的合力提供向心力，故:解得:N=10N根据牛顿第三定律，压力也为10N，故C正确；D整个过程中，对球乙，根据动能定理，有:=-1J故D正确.10.如图所示，细线AB和BC连接着一质量为m的物体P，其中绳子的A端固定，c端通过小定滑轮连接着一质量也为m的另一个物体Q，开始时，用手抓住物体Q，使物体
14、P、Q均静止，此时AB和BC两绳中拉力大小分别为T1、T2把手放开瞬间，AB和BC两绳中拉力大小分别为T1、T2已知ABC处于同一竖直平面内，绳子间连接的夹角如图则A. T1：T1=1:1B. T1：T2=1:2C. T2：T2=2：3D. T1：T2=：1【答案】AC【解析】【详解】P、Q均静止时，由P受力平衡条件可知：，把手放开瞬间，将P物体的重力沿AB方向和BC方向分解，由于PQ两物体沿绳方向的速度相同，所以P物体接下来以AB为半径的圆周运动，由于此时速为0，向心力为0，所以此时AB绳的拉力等于P物体重力沿AB方向的分力即为，此时，圆弧切线方向的合力为，加速度为，解得，对P物体有：，联立
15、解得：，所以T1：T1=1:1，. T2：T2=2：3，故AC正确11.在星球M上将一轻弹簧竖直固定在水平桌面上，把物体P轻放在弹簧上端，P由静止向下运动，物体加速度与弹簧的压缩量x间的关系如图中实线所示.在另一星球N上用完全相同的弹簧，改用物体Q完成同样的过程，其关系如图中虚线所示，假设两星球均为质量均匀分布的球体.已知星球M的半径是星球N的2倍，则A. 星球M与星球N表面的重力加速度之比为3:1B. 星球M与星球N的密度相等C. 星球M与星球N的第一宇宙速度之比为：1D. Q下落过程中的最大动能是P的4倍【答案】ACD【解析】【详解】AB.由牛顿第二定律可知物体下落的加速度可知两星球表面的重力加速度之比为由，可知故A项正确，B错误；C.由第一字宙速度可知星球M与星球N的第一宇宙速度之比为:1，故C正确；D.由物体的加速度a与弹簧的压缩量x间的关系图，结合公式可知:图像面积代表，P下落过程中
