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1、2020届高考物理考前提分卷（四）1、科学家发现在月球上含有丰富的 (氦3).它是一种高效、清洁、安全的核聚变燃料,其参与的一种核聚变反应的方程式为.关于聚变下列表述正确的是( )A.聚变反应不会释放能量B.聚变反应产生了新的原子核C.聚变反应没有质量亏损D.目前核电站都采用聚变反应发电2、如图所示，质量为m的小车静止于光滑水平面，车上半径为R的四分之一光滑圆弧轨道和水平光滑轨道平滑连接，另一个质量也为m的小球以水平初速度从小车左端进入水平轨道，整个过程中不考虑系统机械能损失，则下列说法正确的是（）A. 小球运动到最高点的速度为零B. 小球最终离开小车后向右做平抛运动C. 小车能获得的最大速度
2、为D. 若时小球能到达圆弧轨道最高点P3、如图所示为低空跳伞表演,假设质量为m的跳伞运动员,由静止开始下落,在打开伞之前受恒定阻力作用,下落的加速度为,在运动员下落h的过程中,下列说法正确的是()A.运动员的重力势能减少了B.运动员的动能增加了C.运动员克服阻力所做的功为D.运动员的机械能减少了4、我国航天技术走在世界的前列,探月工程“绕、落、回”三步走的最后一步即将完成,即月球探测器实现采样返回,如图所示为该过程简化后的示意图,探测器从圆轨道1上的A点减速后变轨到椭圆轨道2,之后又在轨道2上的B点变轨到近月圆轨道3。已知探测器在轨道1上的运行周期为,O为月球球心,C为轨道3上的一点,与之间的
3、最大夹角为,下列说法正确的是( )A.探测器在轨道2运行时的机械能大于在轨道1运行时的机械能B.探测器在轨道1、2、3运行时的周期大小关系为C.探测器在轨道2上运行和在圆轨道1上运行,加速度大小相等的位置有两个D.探测器在轨道3上运行时的周期为5、如图所示,在竖直虚线MN和MN之间区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁场,一带电粒子(不计重力)以初速度v0由A点垂直MN进入这个区域,带电粒子沿直线运动,并从C点离开场区。如果撤去磁场,该粒子将从B点离开场区;如果撤去电场,该粒子将从D点离开场区。则下列判断正确的是( )A.该粒子由B、C、D三点离开场区时的动能相同B.该粒子由A点运动到B、C、
4、D三点的时间均不相同C.匀强电场的场强E与匀强磁场的磁感应强度B之比D.若该粒子带负电,则电场方向竖直向下,磁场方向垂直于纸面向外6、一个质量为M的圆环(可视为质点)套在一个倾角为的粗糙直杆上,圆环下面通过细线悬挂一个质量为m的小球,小球受到水平向右的风力作用,此时细线与竖直方向的夹角为。整个过程中环相对于杆静止,稳定后球相对于环静止。则下列说法中正确的是( )A.若水平风力增大后,圆环受到杆的支持力不变B.若水平风力增大后,圆环受到杆的支持力增大C.当时,环受到杆的摩擦力为零D.当时,环受到杆的摩擦力不为零,方向沿杆斜向上7、如图光滑水平桌面上两平行虚线之间有竖直向下的匀强磁场，桌面上一闭合
5、金属线框获得水平初速度后进入磁场，通过磁场区域后穿出磁场。线框开始进入到刚好完全进入磁场和开始离开到刚好完全离开磁场的这两个过程相比较( )A. 线框中产生的感应电流方向相反B. 线框中产生的平均感应电动势大小相等C. 线框中产生的焦耳热相等D. 通过线框导线横截面的电荷量相等8、如图甲所示为一理想变压器,原、副线圈的匝数比为n1 : n2=21,且分别接有电阻R1和R2,R1=R2=400.U为电压有效值不变的正弦交流电源,闭合开关K时,通过电阻R2的电流如图乙所示,则此时( )A.用电压表测量交流电源电压约为424VB.交流电源的输出功率90WC.断开开关K后,通过电阻R1的电流变成原来的
6、一半D.R1和R2消耗的功率之比为129、某兴趣小组用如图甲所示的实验装置来测物块与斜面间的动摩擦因数。PQ为一块倾斜放置的木板，在斜面底端Q处固定有一个光电门，光电门与数字计时器相连(图中未画)。每次实验时将一物体(其上固定有宽度为d的遮光条)从不同高度h处由静止释放，但始终保持斜面底边长L0.500m不变。(设物块与斜面间的动摩擦因数处处相同)1.用20分度游标卡尺测得物体上的遮光条宽度d如乙图所示，则d_cm；2.该小组根据实验数据，计算得到物体经过光电门的速度v，并作出了如图丙所示的v2h图象，其图象与横轴的交点为0.25。由此可知物块与斜面间的动摩擦因数_；3.若更换动摩擦因数更小的
7、斜面，重复上述实验得到v2h图象，其图象的斜率将_(填“增大”“减小”或“不变”)。10、某同学利用下列器材测定一节蓄电池的电动势和内阻.蓄电池的电动势约为3V.A.量程是0.6A,内阻约为0.5的电流表;B.量程是3V,内阻是6k的电压表;C.量程是15V,内阻是30k的电压表;D.阻值为01k,额定电流为0.5A的滑动变阻器;E.阻值为010,额定电流为2A的滑动变阻器;F.定值电阻4,额定功率4W;G.开关S一个,导线若干.1.为了减小实验误差,电压表应选择_(填器材代号),图中的导线应连接到_处(填“”或“”),改变滑动变阻器阻值的时候,为了使电压表和电流表的读数变化比较明显,滑动变阻
8、器应选择_(填器材代号).2.用1问中的实验电路进行测量,读出电压表和电流表的读数,画出对应的U-I图线如图所示,由图线可得该蓄电池的电动势E=_V,内阻r=_.(结果保留两位有效数字)11、个带正电的微粒,从点射入水平方向的匀强电场中,微粒沿直线运动,如图所示,与电场线夹角,已知带电微粒的质量,电荷量,、相距。(取,结果保留两位有效数字)求:1.说明微粒在电场中运动的性质,要求说明理由.2.电场强度的大小和方向?3.要使微粒从点运动到点,微粒射入电场时的最小速度是多少?12、如图所示,绝缘轨道MNPQ位于同一竖直面内,其中MN段是长度为L的水平轨道,PQ段为足够长的光滑竖直轨道,NP段为光滑
9、的四分之一圆弧,圆心为O,直线NN右侧有方向水平向左的电场(图中未画出),电场强度E= ,在包含圆弧轨道NP的ONOP区域内有方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场(边界处无磁场).轨道MN最左端M点处静止一质量为m、电荷量为q的带负电的物块A,一质量为3m为物块C从左侧的光滑轨道上以速度v0撞向物块A.A、C之间只发生一次弹性碰撞,且最终刚好挨在一起停在轨道MN上,A、C均可视为质点,且与轨道MN的动摩擦因数相同,重力加速度为g.A在运动过程中所带电荷量保持不变且始终没有脱离轨道.A第一次到达N点时,对轨道的压力为2mg.求:1.碰撞后A、C的速度大小;2.A、C与水平轨道MN的动摩擦因
10、数;3.A对轨道NP的最大压力的大小.13、【物理-选修3-3】1.下列说法正确的是（ ）A. 在一定条件下，热量可能从低温物体传递到高温物体B. “油膜法估测分子大小”的实验中，估算油酸分子直径用的是油酸酒精溶液的体积除以油膜的面积C. 不浸润现象说明固体分子对液体分子的吸引力大于液体分子之间的吸引力D. 雨后叶子表面上的小水珠接近球形主要是液体表面张力作用的结果E. 第二类永动机违背了热力学第二定律2.如图所示，内壁光滑、截面积不相等的圆柱形气缸竖直放置，气缸上、下两部分的横截面积分别为2S和S。在气缸内有A、B两活塞封闭着一定质量的理想气体，两活塞用一根长为l的细轻杆连接，两活塞导热性能
11、良好，并能在气缸内无摩擦地移动已知活塞A的质量是m，活塞B的质量是0.5m。当外界大气压强为、温度为时，两活塞静止于如图所示位置。若用一竖直向下的拉力F作用在B上，使A、B一起由图示位置开始缓慢向下移动0.5l的距离，又处于静止状态，设整个过程中气体温度不变。求这时(i)气缸内气体的压强；(ii)拉力F的大小14、物理选修341.如图甲,可以用来测定半圆柱形玻璃砖的折射率n,O是圆心,MN是法线。一束单色光线以入射角i=30由玻璃砖内部射向O点,折射角为r,当入射角增大到也为r时,恰好无光线从玻璃砖的上表面射出。让该单色光分别通过宽度不同的单缝a、b后,得到图乙所示的衍射图样(光在真空中的传播
12、速度为c)。则下列说法正确的是()A.此光在玻璃砖中的全反射临界角为60B.玻璃砖的折射率n=C.此光在玻璃砖中的传播速度D.单缝b宽度较大E.光的偏振现象说明光是一种纵波2.一列简谐横波沿x轴正向传播,t=0时的图像如图所示,此时刻后介质中P质点回到平衡位置的最短时间为0.2s,Q质点回到平衡位置的最短时间为1s,已知t=0时两质点相对平衡位置的位移相同,则:波的传播周期为多少秒?传播速度是多大?从t=0时刻算起经过多长时间质点Q第二次回到平衡位置? 答案以及解析1答案及解析：答案：B解析：聚变反应时将质量较小的轻核聚变成质量较大的核,聚变过程会有质量亏损,要放出大量的能量.目前核电站都采用
13、铀核的裂变反应. 2答案及解析：答案：D解析：A、小球运动到最高点小球和小车的速度相同，设为以小车和小球组成的系统为研究对象，取水平向右为正方向，由水平方向动量守恒得得：故A错误。B、设小球最终离开小车速度为，小车的速度为取水平向右为正方向，由水平方向动量守恒得：。根据机械能守恒定律得：联立解得：小车的速度为：，所以小球最终离开小车后向右做自由落体运动，故B错误。C、小球在圆弧轨道上运动的过程中，小车一直在加速，所以小球最终离开小车时小车的速度最大，最大速度为故C错误。D、当小球恰能到达圆弧轨道最高点P时，由水平方向动量守恒得：根据机械能守恒定律得：解得：所以若时小球能到达圆弧轨道最高点P，故
14、D正确。 3答案及解析：答案：B解析： 4答案及解析：答案：D解析：探测器从圆轨道1变轨到椭圆轨道2需外力对探测器做负功,探测器的机械能减小,在椭圆轨道2运行时的机械能小于在圆轨道1上运行时的机械能,A错误;由知加速度大小相等的位置只能在A处,C错误;由开普勒第三定律可知,其中,所以,B错误;由题意可得,解得,D正确。 5答案及解析：答案：C解析：洛伦兹力不做功,不改变粒子的动能,而电场力做正功,粒子的动能增大,则粒子由C、D两点离开场区时的动能相同,小于从B点离开场区的动能,A错误;粒子在正交的电磁场中与只有电场时运动时间相等,为,粒子在磁场中运动时间为,由于,则知粒子在磁场中运动时间最长,
15、B错误;带电粒子进入相互垂直的匀强电场和匀强磁场做匀速直线运动,电场力与洛伦兹力平衡,则,得,C正确;若该粒子带负电,则知电场方向竖直向下,由左手定则判断得知,磁场方向垂直于纸面向里,D错误。 6答案及解析：答案：BD解析：将圆环和小球看作整体,受力分析如图甲所示,建立如图甲所示的坐标系,由于沿x轴的分量和重力沿x轴的分量大小未知,所以摩擦力的方向不确定;y轴方向有,则,所以当增大的时候,一定增大,故A错误;B正确;当时对圆环受力分析如图乙所示,故C错误,D正确。 7答案及解析：答案：AD解析：A项：线框进入磁场过程中，磁通量增大，由“楞次定律”可知，产生逆时针的感应电流，线框出磁场过程中，磁通量减小，由“楞次定律”可知，产生大顺时针的感应电流，故A正确；B项：由于线框在
