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1、第2课时法拉第电磁感应定律自感涡流导学目标 1.能用法拉第电磁感应定律、公式EBlv计算感应电动势.2.理解自感、涡流产生，并能分析实际应用一、法拉第电磁感应定律基础导引1关于电磁感应，下述说法正确的是()A穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大D穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大2试计算下列几种情况下的感应电动势(1)平动切割如图1(a)，在磁感应强度为B的匀强磁场中，棒以速度v垂直切割磁感线时，感应电动势E_.图1如图(b)，在磁感应强度为B的匀强磁场中，棒运动的速度v与磁场的方向成角，此时的感应电动势
2、为E_.(2)转动切割如图(c)，在磁感应强度为B的匀强磁场中，长为l的导体棒绕一端为轴以角速度匀速 转动，此时产生的感应电动势E_.(3)有效切割长度：即导体在与v垂直的方向上的投影长度试分析图2中的有效切割长度图2甲图中的有效切割长度为：_；乙图中的有效切割长度为：_；丙图中的有效切割长度：沿v1的方向运动时为_；沿v2的方向运动时为_知识梳理1感应电动势(1)感应电动势：在_中产生的电动势产生感应电动势的那部分导体就相当于_，导体的电阻相当于_(2)感应电流与感应电动势的关系：遵循_定律，即I_.2法拉第电磁感应定律(1)法拉第电磁感应定律内容：电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的_
3、成正比公式：E_.(2)导体切割磁感线的情形一般情况：运动速度v和磁感线方向夹角为，则E_.常用情况：运动速度v和磁感线方向垂直，则E_.导体棒在磁场中转动导体棒以端点为轴，在匀强磁场中垂直于磁感线方向匀速转动产生感应电动势EBl_(平均速度等于中点位置线速度l)二、自感与涡流基础导引判断下列说法的正误(1)线圈的自感系数跟线圈内电流的变化率成正比()(2)自感电动势阻碍电流的变化，但不能阻止电流的变化()(3)当导体中电流增大时，自感电动势的方向与原电流方向相反()(4)线圈中电流变化的越快，穿过线圈的磁通量越大()知识梳理1自感现象(1)概念：由于导体本身的_变化而产生的电磁感应现象称为自
4、感，由于自感而产生的感应电动势叫做_(2)表达式：E_.(3)自感系数L相关因素：与线圈的_、形状、_以及是否有铁芯有关单位：亨利(H,1 mH_ H,1 H_ H)2涡流当线圈中的电流发生变化时，在它附近的任何导体中都会产生_，这种电流像水中的旋涡所以叫涡流(1)电磁阻尼：当导体在磁场中运动时，感应电流会使导体受到_，安培力的方向总是_导体的相对运动(2)电磁驱动：如果磁场相对于导体转动，在导体中会产生_使导体受到安培力的作用，安培力使导体运动起来(3)电磁阻尼和电磁驱动的原理体现了_的推广应用考点一法拉第电磁感应定律的应用考点解读1感应电动势的大小由穿过电路的磁通量的变化率和线圈的匝数共同
5、决定，而与磁通量、磁通量的变化量的大小没有必然联系2具体而言：当仅由B引起时，则En；当仅由S引起时，则En.3磁通量的变化率是t图象上某点切线的斜率典例剖析例1如图3(a)所示，一个电阻值为R，匝数为n的圆形金属线圈与阻值为2R的电阻R1连接成闭合回路线圈的半径为r1, 在线圈中半径为r2的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图(b)所示图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0. 导线的电阻不计求0至t1时间内：图3(1)通过电阻R1上的电流大小和方向；(2)通过电阻R1上的电荷量q及电阻R1上产生的热量思维突破1公式En是求解回路某段时间内平均电动势的
6、最佳选择2用公式EnS求感应电动势时，S为线圈在磁场范围内的有效面积3通过回路截面的电荷量q仅与n、和回路电阻R有关，与时间长短无关推导如下：qtt.图4跟踪训练1如图4所示，导线全部为裸导线，半径为r的圆内有垂直于圆平面的匀强磁场，磁感应强度为B，一根长度大于2r的导线MN以速度v在圆环上无摩擦地自左端匀速滑到右端电路的固定电阻为R，其余电阻不计，求MN从圆环的左端滑到右端的过程中电阻R上的电流的平均值和通过电阻R的电荷量考点二导体切割磁感线产生感应电动势的计算 典例剖析图5例2在范围足够大，方向竖直向下的匀强磁场中，B0.2 T，有一水平放置的光滑框架，宽度为l0.4 m，如图5所示，框架
7、上放置一质量为0.05 kg、电阻为1 的金属杆cd，框架电阻不计若杆cd以恒定加速度a2 m/s2，由静止开始做匀变速运动，则：(1)在5 s内平均感应电动势是多少？(2)第5 s末，回路中的电流多大？(3)第5 s末，作用在cd杆上的水平外力多大？思维突破公式En与EBlvsin 的区别与联系 两个公式项目EnEBlvsin 区别(1)求的是t时间内的平均感应电动势，E与某段时间或某个过程相对应(1)求的是瞬时感应电动势，E与某个时刻或某个位置相对应(2)求的是整个回路的感应电动势整个回路的感应电动势为零时，其回路中某段导体的感应电动势不一定为零(2)求的是回路中一部分导体切割磁感线时产生
8、的感应电动势(3)由于是整个回路的感应电动势，因此电源部分不容易确定(3)由于是由一部分导体切割磁感线的运动产生的，该部分就相当于电源联系公式En和EBlvsin 是统一的，当t0时，E为瞬时感应电动势，只是由于高中数学知识所限，现在还不能这样求瞬时感应电动势，而公式EBlvsin 中的v若代入，则求出的E为平均感应电动势跟踪训练2(2010课标全国21)如图6所示，两个端面半径同为R的圆柱形铁芯同轴水平放置，相对的端面之间有一缝隙，铁芯上绕图6导线并与电源连接，在缝隙中形成一匀强磁场一铜质细直棒ab水平置于缝隙中，且与圆柱轴线等高、垂直让铜棒从静止开始自由下落，铜棒下落距离为0.2R时铜棒中
9、电动势大小为E1，下落距离为0.8R时电动势大小为E2.忽略涡流损耗和边缘效应关于E1、E2的大小和铜棒离开磁场前两端的极性，下列判断正确的是 ()AE1E2，a端为正 BE1E2，b端为正CE1E2，a端为正 DE1E2，b端为正考点三自感现象的分析考点解读通电自感与断电自感的比较通电自感断电自感电路图器材要求A1、A2同规格，RRL，L较大L很大(有铁芯)现象在S闭合瞬间，A2灯立即亮起来，A1灯逐渐变亮，最终一样亮在开关S断开时，灯A突然闪亮一下后再渐渐熄灭(当抽掉铁芯后，重做实验，断开开关S时，会看到灯A马上熄灭)原因由于开关闭合时，流过电感线圈的电流迅速增大，使线圈产生自感电动势，阻
10、碍了电流的增大，流过A1灯的电流比流过A2灯的电流增加得慢断开开关S时，流过线圈L的电流减小，产生自感电动势，阻碍了电流的减小，使电流继续存在一段时间；在S断开后，通过L的电流反向通过A灯，且由于RLRA，使得流过A灯的电流在开关断开瞬间突然增大，从而使A灯的发光功率突然变大能量转化情况电能转化为磁场能磁场能转化为电能典例剖析图7例3(2010江苏单科4)如图7所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，电感L的电阻不计，电阻R的阻值大于灯泡D的阻值在t0时刻闭合开关S，经过一段时间后，在tt1时刻断开S.下列表示A、B两点间电压UAB随时间t变化的图象中，正确的是 ()思维突破自感现象中主要有
11、两种情况：即通电自感与断电自感在分析过程中，要注意：(1)通过自感线圈的电流不能发生突变，即通电过程中，电流是逐渐变大，断电过程中，电流是逐渐变小，此时线圈可等效为“电源”，该“电源”与其他电路元件形成回路(2)断电自感现象中灯泡是否“闪亮”问题的判断在于对电流大小的分析，若断电后通过灯泡的电流比原来强，则灯泡先闪亮后再慢慢熄灭跟踪训练3如图8(a)、(b)所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则 ()图8A在电路(a)中，断开S，A将渐渐变暗B在电路(a)中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗C在电路(b)中，断开S，A将渐渐
12、变暗D在电路(b)中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变 12.对“、/t”的意义理解错误图9例4 半径为r、电阻为R的n匝圆形线圈在边长为l的正方形abcd外，匀强磁场充满并垂直穿过该正方形区域，如图9甲所示当磁场随时间的变化规律如图乙所示时，则穿过圆形线圈磁通量的变化率为_，t0时刻线圈产生的感应电流为_误区警示错解1：认为磁通量的变化率与线圈的匝数有关，得出nSnl2.错解2：将线圈的面积代入上式得出nSn.错解3：认为t0时刻磁感应强度为零，所以感应电动势和感应电流均为零正确解析磁通量的变化率为Sl2根据法拉第电磁感应定律得线圈中的感应电动势Ennl2再根据闭合电路欧姆定律得感应电流I
13、nn.答案l2n正本清源(1)错因：对“、/t”的意义理解不清.,(2)要注意、/t的大小之间没有必然的联系，0，/t不一定等于0；还要注意感应电动势E与线圈匝数n有关，但、/t的大小均与线圈匝数无关.13对双杆切割磁感线问题中的电动势和安培力计算错误例5t0时，磁场在xOy平面内的分布如图10所示，其磁感应强度的大小均为B0，方向垂直于xOy平面，相邻磁场区域的磁场方向相反，每个同向磁场区域的宽度均为L0，整个磁场以速度v沿x轴正方向匀速运动若在磁场所在区间内放置一由n匝线圈组成的矩形线框abcd，线框的bc边平行于x轴bcLB、abL，LB略大于L0，总电阻为R，线框始终保持静止求：图10(1)线框中产生的总电动势大小和导线中的电流大小；(2)线框所受安
