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1、 高考物理冲刺试卷 题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1. 如图所示，a为水平输送带，b为倾斜输送带，当行李箱随输送带一起匀速运动时，下列判断中正确的是（）A. a上的行李箱受到重力、支持力和摩擦力作用B. b上的行李箱受到重力、支持力和摩擦力作用C. b上的行李箱受的支持力与重力是一对平衡力D. a上的行李箱受的支持力与重力是一对作用力与反作用力2. 如图所示，一个同学练习投掷飞镖，第一次在投掷点O将飞镖以速度v0水平抛出，飞镖击中竖直镖靶上的B点；第二次在同一投掷点将飞镖以2v0的初速度水平抛出，飞镖击中竖直镖靶上的A点，已知A、B间的距离为h，则投掷点O到竖直
2、镖靶的距离为（）A. v0B. 2v0C. 2v0D. v03. 如图所示，质量为M的物块以速度v在光滑的水平面上向左运动，一个质量为m的子弹以大小为v0的速度向右射入木块并留在木块中，过一会儿，质量同样为m的子弹仍以大小为v0的速度向左射入木块，并留在木块中，则下列说法正确的是（）A. 第一个子弹射入后，木块不可能向右运动B. 第二个子弹射入后，木块可能处于静止状态C. 第二个子弹射入后，木块一定向左运动且速度大小仍为vD. 第二个子弹射入后，系统的总动量为Mv4. 如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为k的轻弹簧以及质量不计的底盘构成，当质量为m的物体竖直射向空中时，底盘对物体的支持力为
3、6mg(g为重力加速度)，已知两根弹簧与竖直方向的夹角为60，则此时每根弹簧的伸长量为( )A. B. C. D. 5. 2018年10月15日12时23分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭以“一箭双星”的方式成功发射了第三十九、四十颗北斗导航卫星。这两颗卫星都属于中圆轨道卫星，已知这两颗中圆轨道卫星绕地球运行的轨道半径是地球绕太阳运行的轨道半径的，地球的质量是太阳质量的，则在相等的时间内中圆轨道卫星与地球的连线扫过的面积和地球与太阳的连线扫过的面积的比值为（）A. B. C. D. 二、多选题（本大题共5小题，共27.0分）6. 如图所示，让一个物块由静止从斜面AB上滑下，重力做功
4、为WG1，克服摩擦力做功为Wf1，重力做功的平均功率为，滑到斜面底端时重力做功的瞬时功率为P1；若让该物块沿斜面AC滑下，重力做功为WG2，克服摩擦力做功为Wf2，重力做功的平均功率为，滑到斜面底端时重力做功的瞬时功率为P2，物块与两个斜面间的动摩擦因数相同，由下列判断正确的是（）A. WG1WG2B. Wf1Wf2C. D. P1=P27. 在某控制电路中，需要连成如图所示的电路，主要由电动势为E、内阻为r的电源与定值电R1、R2及电位器（滑动变阻器）R连接而成，L1、L2是红、绿两个指示灯，当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a点时，下列说法中正确的是（）A. L1变亮，L2变暗B.
5、L1、L2两个指示灯都变暗C. 若电源的负极接地，则a点的电势降低，b点的电势升高D. 若电源的负极接地，则a、b点的电势都降低8. 如图所示，质量为m、电阻为R的单匝矩形线框置于光滑水平面上，线框边长ab=L、ad=2L，虚线MN过ad、bc边中点，用一根细线沿水平方向拴住ab边中点O从某时刻起，在MN左侧加竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小按B1=Bp-k1t（k10）的规律变化，且方向一直向上，右侧加一方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小按B2=k2t（k20）的规律均匀变化，则（）A. 当k1=k2时，线框内无感应电动势，细线无拉力B. 当k1k2时，线框内有逆时针方向的电流，且细线
6、的拉力逐渐增大C. 当k1k2时，线框内有逆时针方向的电流，且细线的拉力逐渐增大D. 线框中的电功率P=9. 下列说法正确的是（）A. 热量不可能从低温物体传到高温物体B. 高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的缘故C. 随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气内能减小D. 把处于单位时间从液面上飞出去的分子数等于单位时间从蒸汽中回到液体中的分子数时的蒸汽叫饱和汽E. 一定质量的理想气体，在体积不变时，分子每秒与单位面积器壁平均碰撞次数随着温度降低而减少10. 如图所示，由a、b两束单色光组成的复合光垂直半圆形玻璃砖平面射入，在圆弧处发生折射与反射，折射光为单色
7、光b，则下列说法正确的是（）A. 光线c一定是a的全反射光线B. 该玻璃砖对单色光a的折射率比对单色光b的折射率大C. 单色光a在玻璃砖中的传播速度比单色光b在玻璃砖中传播速度小D. 让两单色光由同一双缝干涉实验装置进行实验，单色光a得到的干涉条纹间距小E. 两单色光从空间进入玻璃中，频率均变小三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11. 为了探究“加速度与合外力”的关系，某同学设计了如下方案：第一步：如图所示，将一端带有滑轮的木板固定在水平面上，滑块通过细绳跨过定滑轮与小桶相连，在木板左端靠近滑轮A处固定速度传感器，可以测量滑块到达A处时的速度，滑块前端安装拉力传感器，可以测出细绳的拉力
8、。第二步：改变小桶内沙的质量，测量多次，记录下速度传感器和拉力传感器的示数。（重力加速度为g）（1）实验时，一定要进行的操作是_A为减小实验误差，实验中一定要保证沙和沙桶的总质量远小于滑块质量B每次实验时要测出沙和沙桶的总质量C实验前必须平衡摩擦力D实验时细绳要与木板平行（2）根据速度传感器测得速度v和拉力传感器测得拉力F，为了得到线性关系图线，应作出_（选填“F-v”、“F-v2”或“F-”）图象，同时保证每次改变小桶内沙的质量时_不变。（3）实验得出的图象，图象不过原点的原因是_。（4）若所得图象的斜率为k，纵轴截距为b，如果要测得木板表面的动摩擦因数，还需要测量_，根据这些数据得出动摩擦
9、因数=_（用所给的符号表示）。12. 某实验小组成员要描绘一只规格为“2.5V，1.2W”小灯泡的伏安特性曲线。实验室提供的器材有：电源E（3.0，内阻约为0.5）电压表V1（03V，内阻约3k）电压表V2（015V，内阻约15k）电流表A1（0.6，内阻约0.125）电流表A2（03A，内阻约0.025）滑动变阻器R（05）电键K、导线若干（1）在图甲所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图_（虚线框中已将所需的滑动变阻器画出，请补充电路的其他部分，要求滑片P向b端滑动时，灯泡变亮，并标明选用的电压表和电流表）；（2）根据电路图乙将实物图连接完整。（3）根据实验测得的数据，画出小灯泡的I-U图
10、线如图丙所示，由此可知，当电压为0.5V时，小灯泡的灯丝电阻是_；此装置中由于存在系统误差，因此求得的灯丝的电阻值比真实值_。（4）根据画出的曲线可以看出小灯泡的电阻随所加电压的增大而_，发生这种变化的原因是_。四、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13. 如图所示，固定斜面体的倾角=37，一个质量为1kg的物块放在斜面的底端，用平行于斜面向上、大小为15N的恒定拉力拉物块，使物块从静止开始沿斜面向上运动，作用时间2s撤去拉力。已知物块与斜面间的动摩擦因数为0.5，斜面足够长，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：（1）物块沿斜面上滑的过程中，拉力做的功；
11、（2）物块沿斜面上滑的过程中，摩擦力的冲量大小。14. 如图所示，在直角坐标系xOy中的第一象限存在沿y轴负方向的匀强电场，在第二、三、四象限存在垂直纸面向外的匀强磁场。电场强度和磁感应强度都未知。第一象限中坐标为（l，l）的P点由静止释放质量m、带电荷量为q（q0）的粒子（不计重力），该粒子第一次经过x轴时速度为v0，第二次经过x轴时的位置坐标为（-l，0），求：（1）电场强度E和磁感应强度B的大小；（2）粒子第三次经过x轴时的速度大小及方向。（3）粒子第四次经过x轴时的位置坐标。15. 如图所示为一定质量的理想气体发生状态变化的P-V图象，气体从A状态沿直线变化到状态B、状态C，已知气体在
12、A状态时的温度为300K，求：气体在状态B时的温度为多少？气体从状态A变化到状态C的过程中，是吸收热量还是放出热量，吸收或放出的热量为多少？16. 如图所示的实线和虚线分别是同一列简谐横波沿x轴传播时在t=0时刻和t=0.5s时刻的波形图。若波沿x轴正向传播，且x=7m处的质点在t=0到t=0.5s这段时间内，3次经过平衡位置，则波的传播速度为多少？若波沿x轴负方向传播，且传播的速度大于100m/s，则波传播的周期最大为多少？答案和解析1.【答案】B【解析】解：AD、a传送带上的物体如果受摩擦力，不可能处于平衡状态。所以只受重力和支持力，且支持力与重力是一对平衡力，故A、D错误；BC、b传送带
13、上的物体受重力、支持力、摩擦力，三力平衡，故B正确，C错误。故选：B。物体做匀速直线运动，所受合力为零，抓住合力为零，分别分析物体所受的力即可正确解答。解决本题的关键抓住合力为零，运用假设法进行分析。2.【答案】B【解析】解：设投掷点O到竖直镖靶的距离为x，则hA=x=v0t1hB=x=2v0t2hB-hA=h联立解得：x=2v0，故B正确；故选：B。根据飞镖下降的高度，结合位移时间公式和水平位移相等求解。解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移。3.【答案】D【解析】解：A、第一个子弹射入木块过程，木块与子弹组成的系统
14、动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：Mv-mv0=（M+m）v1，解得：v1=，由于不知道子弹与木块的初动量大小关系，速度v1的方向即可能向左，也可能向右，故A错误；BC、木块与两子弹组成的系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：Mv-mv0+mv0=（M+m+m）v2，解得：v2=v，木块不可能处于静止状态，故BC错误；D、第二个子弹射入后，系统的总动量：P=（M+2m）v2=Mv，故D正确；故选：D。子弹与木块组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，根据题意与木块和子弹的运动过程，应用动量守恒定律分析答题。本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚木块与子弹的运动过程是
15、解题的前提，应用动量守恒定律即可解题，解题时注意正方向的选择。4.【答案】D【解析】解：对物体m，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：N-mg=ma其中：N=6mg解得：a=5g再对质量不计的底盘和物体m整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律，有：竖直方向：2Fcos60-mg=ma解得：F=6mg根据胡克定律，有：x=故选：D。先对物体m受力分析，根据牛顿第二定律列式得到加速度；再对质量不计的底盘和物体m整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律并结合正交分解法列式求解弹簧的拉力；最后根据胡克定律列式求解每根弹簧的伸长量。本题是动力学问题，关键是受力分析后根据牛顿第二定律并结合正交分解法列式求解，注意研究对象的灵
