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1、 高考物理一模试卷 题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1. 物理学中，等效法是指在保证效果相同的前提下，将陌生的、复杂的、难处理的问题转换成熟悉的、容易的、易处理的问题的一种方法，以下没有运用此方法的是（）A. 力的合成B. 运动的分解C. 认为物体的重力作用在重心上D. 用磁感线形象地描述磁场2. 在匀强磁场中，一个静止的U发生衰变，放出的粒子的速度方向恰好与磁场方向垂直，则粒子和产生的新核做匀速圆周运动的半径之比为（）A. 2：117B. 45：1C. 10：13D. 13：103. 如图所示，足够长的光滑绝缘斜面处于水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场
2、中。将一带负电的小球自斜面上的某点由静止释放，小球沿斜面向下运动，以下说法正确的是（）A. 小球的机械能守恒B. 小球的电势能和机械能之和减少C. 静电力做的功等于小球机械能的增加D. 静电力做的功等于小球动能的增加4. 如图所示，a、b、c、d、e为同一直线上的五个点，相邻两点间的距离都为L处于a、e两点的点电荷的电荷量都为q，处于a点的为负电荷，处于e点的为正电荷。在c点有一与直线垂直的均匀带电薄板，带电量为Q，电性未知。已知d点的电场强度为零，则b点的电场强度大小为（已知静电力常量为k）（）A. +B. C. D. -5. 如图所示，光滑固定斜面倾角为30，上端固定光滑小滑轮，跨过小滑轮
3、的轻绳两端连接质量都为m的小物体P和Q（都可看做质点），Q离水平地面的高度为h，已知当地重力加速度为g。现释放小物体P和Q，对它们之后的运动，以下说法正确的是（）A. Q着地前轻绳的张力为mgB. Q着地前轻绳的张力为mgC. Q着地前的最大速度大小为D. P沿斜面上升过程中，轻绳拉力对P做的功为了mgh二、多选题（本大题共4小题，共23.0分）6. 如图所示，宽为L的足够长光滑导轨竖直放置，导轨电阻不计，下端接有阻值为R的电阻，空间存在垂直于导轨平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，质量为m的导体棒电阻不计，与导轨接触良好，重力加速度为g，现给导体棒一向上的初速度v0，使其自水平位置MN开
4、始运动，v0，对于导体棒的运动情况，以下说法正确的是（）A. 导体棒上升过程中加速度越来越大B. 导体棒在上升过程中R产生的焦耳热大于导体棒自最高点返回至MN过程中R产生的焦耳热C. 导体棒上升过程中通过R的电量等于导体棒自最高点返回至MN过程中通过R的电量D. 导体棒返回至MN前一定有一段匀速运动的过程7. 如图甲所示，一质量为m的物体静止在水平面上，自t=0时刻起对其施加一竖直向上的力F，力F随时间t变化的关系如图乙所示，已知当地重力加速度为g，在物体上升过程中，空气阻力不计，以下说法正确的是（）A. 物体做匀变速直线运动B. 时刻物体速度最大C. 物体上升过程的最大速度为gt0D. t0
5、时刻物体到达最高点8. 2019年1月3日“嫦娥四号”月球探测器在月球背面实现软着陆，并展开探测工作，它将通过早先发射的“鹊桥”中继卫星与地球实现信号传输及控制。在地月连线上存在一点“拉格朗日L2”，“鹊桥”在随月球绕地球同步公转的同时，沿“Halo轨道”（与地月连线垂直）绕L2转动，如图所示。在地月之间的连线上还存在一点“拉格朗日L1”（图中未标出），已知卫星位于“拉格朗日L1和L2”点时，在地月引力共同作用下便可与月球同步绕地球做圆周运动。根据图中有关数据结合有关物理知识，可估算出（）A. “鹊桥”的质量B. 地球的质量C. L1点到地心的距离D. 卫星在L1点绕地球公转时的向心力9. 以
6、下说法正确的是（）A. 布朗运动不是分子的热运动B. 对房间内的某个空气分子来说，当房间内的温度升高时，它的动能一定会增大C. 大气压强是由于大气中的大量空气分子对与它接触的物体的碰撞产生的D. 可以将缝衣针轻轻放置在水面上，是由于缝衣针受到了水的浮力作用E. 并不是所有符合能量守恒定律的过程都能发生三、填空题（本大题共1小题，共4.0分）10. 如图所示，一列简谐横波t=0时刻的波动图象，已知波沿x轴正方向传播，波速大小为0.4m/s则在图示时刻质点a、b所受的回复力大小之比为_，此时刻起，质点c的振动方程是_cm四、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11. 某同学用图示的装置来验证加速
7、度和质量成反比，在自制的双层架子上固定平板玻璃，架子放在水平桌面上，连接小车的细绳跨过定滑轮与小桶相连，实验步骤如下：在两个小桶中装入适量细砂，并使两桶质量（含沙子）相同两车紧靠架子左边的挡板，在乙车上放一个砝码，同时释放两车，当车运动一段时间后，用手机对整个装置进行拍照，在照片上，通过装置上的刻度尺，测出甲、乙两车运动的距离x1，x2，在乙车上逐渐增加砝码个数，重复步骤（1）本实验的原理是通过验证小车发生的位移与小车的质量成_，来验证合外力一定时加速度与质量成反比；（2）实验前，该同学将装置的左端适当垫高了一些，目的是_，实验过程中_车（填“甲”或“乙”）受到的拉力更接近沙桶（含沙子）的重力
8、（3）若该同学以为横坐标，以乙车（含砝码）的质量m为纵坐标，作出的图线是直线，该直线的斜率为_的质量（填“甲车”、“乙车”（含砝码）或“沙桶”（含沙子）12. （1）某同学要测量一电阻Rx的阻值，他首先用多用电表进行了粗略测量，测量时多用电表的旋钮及指针位置如图甲所示，则由多用电表读得的该电阻的阻值为_（2）为使测量结果更精确，他又用实验室提供的如下器材重新进行了测量。电池组E：电动势为3V，内阻不计电压表V：量程03V，内阻约4000电流表A：量程010mA，内阻为9定值电阻R1：阻值为4.5定值电阻R2：阻值为50滑动变阻器R3：阻值范围020，额定电流为2A开关S，导线若干图乙为该同学设
9、计的电路图的一部分，针对图乙请回答以下问题：虚线框内的元件为定值电阻_（填R1或R2）；导线端点P应接在_（填a或b）端；闭合开关S前滑动变阻器的滑片应处于_（填c或d）端；将电路连接好，调节滑动变阻器滑片至某位置时，电压表V的示数为2.7V，电流表A的示数为8.2mA，则待测电阻Rx的阻值为_（结果保留三位有效数字）五、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13. 如图所示，相距L=2m的A、B两物体（可看做质点）静止在水平地面上，两物体与地面间的动摩擦因数相同，A的质量mA=0.1kg，B的质量mB=0.15kg。现对A施加水平向右的恒力F，F的大小为0.9N，经时间t=1s撤去恒力F，此
10、时A运动至非常接近B的位置，撤去恒力F后A立即与B发生碰撞，碰撞时间极短且碰撞过程无机械能损失。已知当地重力加速度g=10m/s2，求：（1）两物体与地面间的动摩擦因数；（2）两物体都停止运动后，两物体之间的距离。14. 如图所示，在xOy坐标平面内，虚线PQ与x轴正方向的夹角为60，其右侧有沿y轴正方向的匀强电场；左侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B一质量为m，带电量为q的带负电的粒子自坐标原点O射入匀强磁场中，经过一段时间后恰好自虚线PQ上的M点沿x轴正方向进入匀强电场，粒子在电场中的运动轨迹与x轴的交点为N已知O、M两点间的距离为L；O、N两点间的距离为（+1）L，粒子重力
11、不计。求：（1）带电粒子自坐标原点O射入匀强磁场的速度大小；（2）匀强电场的电场强度大小；（3）若自O点射入磁场的粒子带正电，粒子的质量、带电量、初速度等都不变，则在粒子离开O点后的运动中第二次与虚线PQ相交的交点坐标。15. 一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C，其状态变化过程的p-v图象如图所示。已知该气体在状态A时的温度为27则：气体在状态B时的温度为多少摄氏度？该气体从状态A到状态C的过程中是吸热还是放热？传递的热量是多少？16. 如图所示，半圆形玻璃砖的半径R=2cm，折射率为n=，直径AB与屏幕垂直并接触于A点。激光a以入射角i=30射向半圆形玻璃砖的圆心O，结果
12、在竖直放置的屏幕MN上出现两个光斑。求两个光斑之间的距离；逐渐增大入射角，使屏MN上只剩一个光斑，求另一光斑刚消失时此光斑离A点的距离。答案和解析1.【答案】D【解析】解：A、在力的合成与分解中某一个力单独作用的效果和几个力共同作用的效果相同，这个力就是那几个力的合力，而这几个力就是那一个力的分力。故使用的研究方法是等效法，故A错误；B、在运动的合成与分解中合运动单独效果等于几个分运动共同作用的效果，故体现的研究方法是等效法，故B错误；C、重心是物体各部分所受重力的集中点，所以重心只是物体重力的等效作用点。故C错误；D、在研究磁现象时，引入“磁感线”的概念，是模型法，故D正确；故选：D。等效思
13、维的实质是在效果相同的情况下，将较为复杂的实际问题变换为简单的熟悉问题，以便突出主要因素，抓住它的本质，找出其中规律，因此应用等效法时往往是用较简单的因素代替较复杂的因素，以使问题得到简化而便于求解。解决此类物理学方法问题，要结合研究对象判断所用的研究方法。2.【答案】B【解析】解：U发生衰变的衰变方程为：U+衰变前后动量守恒，即氡核与粒子的质量与速度的乘积相等，由洛仑兹力提供向心力，有：qvB=m得到：r=则粒子和产生的新核做匀速圆周运动的半径之比为=；故B正确，ACD错误。故选：B。写出核反应方程，得到新核的质子数，根据动量守恒定律结合圆周运动的半径计算公式进行解答。本题主要是考查衰变，解
14、答本题要掌握衰变过程中质量数守恒、电荷数守恒，根据动量守恒定律结合圆周运动分析。3.【答案】C【解析】解：A、小球沿斜面向下运动时，静电力对小球要做正功，所以小球的机械能增加，故A错误。B、根据能量守恒定律，可知小球的电势能和机械能之和保持不变，故B错误。C、小球沿斜面向下运动时，洛伦兹力不做功，静电力对小球做正功，导致小球的机械能增加，由功能原理知，静电力做的功等于小球机械能的增加。故C正确。D、根据动能定理知，静电力和重力做功之和等于小球动能的增加，故D错误。故选：C。根据除重力以外力其他力是否做功，判断小球的机械能是否守恒。根据能量守恒定律分析电势能和机械能之和的变化情况。根据功能原理分
15、析静电力做的功与小球机械能的增加的关系。解决本题时要知道洛伦兹力总不做功，除重力以外力其他力做功决定了机械能的变化情况，要掌握功能原理。4.【答案】B【解析】解：处于a、e两点的点电荷在d点的电场强度为=，方向向左。d点电场强度为零，则均匀带电薄板在d点的电场强度与a、e两点的点电荷在d点的电场强度等大反向。根据对称性可知，处于a、e两点的点电荷在b点的电场强度为，方向向左，均匀带电薄板在b点的电场强度为，方向向左，则b点的电场强度为，故B正确，ACD错误。故选：B。电荷量为Q的带电薄板和在a、e点处固定电荷量均为q（q0）的正、负点电荷，在b点处的场强为零，说明薄板在d点的电场强度与两点电荷的电场强度大小相等，方向相反。根据对称性求解
