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1、 高考物理预测试卷 题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共3小题，共18.0分）1. 如图所示为甲、乙两个物体直线运动的v-t图象，两物体在运动过程中相遇一次，由图象分析可知（）A. 开始减速时两物体的间距一定是100mB. 开始减速时两物体的间距可能是90mC. 相遇时刻一定是在减速后的20s末D. 相遇时刻可能是在减速20s以后的某时刻2. 光滑水平面上放有质量分别为2m和m的物块A和B，用细线将它们连接起来，两物块中间加有一压缩的轻质弹簧（弹簧与物块不相连），弹簧的压缩量为x。现将细线剪断，此刻物块A的加速度大小为a，两物块刚要离开弹簧时物块A的速度大小为v，则（）A. 物块B的加速
2、度大小为a时弹簧的压缩量为B. 物块A从开始运动到刚要离开弹簧时位移大小为xC. 物块开始运动前弹簧的弹性势能为mv2D. 物块开始运动前弹簧的弹性势能为3mv23. 如图所示，质量为m，电荷量为e的电子，从A点以速度v0垂直于电场方向射入一个电场强度为E的匀强电场中（电场方向没有标出），从B点射出电场时的速度方向与电场线成120角，电子重力不计。则（）A. 电子在电场中做变加速曲线运动B. A、B两点间的电势差UAB0C. 电子从A运动到B的时间tD. 电子在B点的速度大小vv0二、多选题（本大题共6小题，共35.0分）4. 下列说法正确的是（）A. 氢原子从基态跃迁至某激发态要吸收特定频率
3、的光子B. 一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的强度太小C. 质子被铝原子核被俘获后变为硅原子核的核反应方程为：Al+nSiD. Th（钍）经过一系列衰变和衰变，变成Pb（铅），铅核比钍核少8个质子5. 中国国家航天局目前计划于2020年发射嫦娥工程第二阶段的月球车“嫦娥四号”。中国探月计划总工程师吴伟仁近期透露，此台月球车很可能在离地球较远的月球背面着陆，假设运载火箭先将“嫦娥四号”月球探测器成功送入太空，由地月转移轨道进入100千米环月轨道后成功变轨到近月点为15千米的椭圆轨道，在从15千米高度降至月球表面成功实现登月。则关于“嫦娥四号”登月过程的说法正确的是（）A.
4、 “嫦娥四号”由地月转移轨道需要减速才能进入100千米环月轨道B. “嫦娥四号”在近月点为15千米的椭圆轨道上各点的速度都大于其在100千米圆轨道上的速度C. “嫦娥四号”在100千米圆轨道上运动的周期大于其在近月点为15千米的椭圆轨道上运动的周期D. 从15千米高度降至月球表面过程中，“嫦娥四号”处于失重状态6. 如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器的原、副线圈匝数比为a，降压变压器的原、副线圈匝数比为b，输电线的电阻为R，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电机输出的电压恒为U，若由于用户的负载变化，使电压表V2的示数增大了U，则下列判断正确的是（）A. 电压表V1的示数不变B.
5、电流表A2的示数减小了C. 电流表A1的示数减小了D. 输电线损失的功率减小了（）2R7. 如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，其下方有一宽度为s、磁感应强度为B的匀强磁场区域，磁场方向与线框平面垂直，MN和MN是匀强磁场区域的水平边界。现使线框从MN上方由静止开始下落，下落过程中bc边始终水平，如图乙是线框开始下落到完全穿过磁场区域的v-t图象（其中OA、BC、DE相互平行）。已知金属线框边长为L（Ls）、质量为m、电阻为R，当地的重力加速度为g，v-t图象中v1、v2、t1、t2、t3、t4均为已知量。空气阻力不计，则下列说法中正确的是（）A. t2是线框全部进入磁场
6、瞬间，t4是线框全部离开磁场瞬间B. v1的大小可能为C. 从bc边进入磁场到ad边离开磁场过程，感应电流所做的功为mgsD. 线框离开磁场过程中通过线框横截面的电荷量比进入磁场过程中通过线框横截面的电荷量多8. 如图所示，n个完全相同、边长足够小且互不粘连的小方块依次排列，总长度为l，总质量为M，它们一起以速度v在光滑水平面上滑动，某时刻开始滑上粗糙水平面小方块与粗糙水平面之间的动摩擦因数为，若小方块恰能完全进入粗糙水平面，则摩擦力对所有小方块所做功的数值为（）A. B. Mv2C. D. Mgl9. 下列说法正确的是（）A. 只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数B
7、. 气体如果失去了容器的约束就会散开，这就是气体分子的无规则的热运动造成的C. 在使两个分子间的距离由很远（r10-9m）减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D. 相互间达到热平衡的两物体的内能一定相等E. 大量气体分子做无规则运动，速率有大有小，但分子的速率按“中间多，两头少”的规律分布三、填空题（本大题共1小题，共4.0分）10. 某单摆及其振动图象如图所示，取g=9.8m/s2，2=9.8，根据图给信息可计算得摆长约为_；t=5s时间内摆球运动的路程约为_（取整数）；若在悬点正下方O处有一光滑水平细钉可挡住摆线，且=，则摆球从F点释放到第一次返回F点所需时
8、间为_s。四、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11. 如图1所示，某同学设计了一个测量滑块与木板间的动摩擦因数的实验装置，装有定滑轮的长木板固定在水平实验台上，木板上有一滑块，滑块右端固定一个动滑轮，钩码和弹簧测力计通过绕在滑轮上的轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动。 （1）实验得到一条如图2所示的纸带，相邻两计数点之间的时间间隔为0.1 s，由图中的数据可知，滑块运动的加速度大小是_m/s2。（计算结果保留两位有效数字） （2）读出弹簧测力计的示数F，处理纸带，得到滑块运动的加速度a；改变钩码个数，重复实验。以弹簧测力计的示数F为纵坐标，以加速度a为横坐标，得到的图象是
9、纵轴截距为b的一条倾斜直线，如图3所示。已知滑块和动滑轮的总质量为m，重力加速度为g，忽略滑轮与绳之间的摩擦。则滑块和木板之间的动摩擦因数_。12. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，所给的其它器材有：A电压表V：0315VB电流表A：00.63AC变阻器R1（20，1A）D变阻器R2（1000，0.1A）E电键S和导线若干（1）变阻器应选用_（标明变阻器代号）；（2）实验测得的6组数据已在U-I图中标出，如图所示请你根据数据点位置完成U-I图线，并由图线求出该电池的电动势E=_V，内阻r=_（结果保留3位有效数字）五、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13. 如图所示，M1
10、N1、M2N2是两根处于同一水平面内的平行导轨，导轨间距离是d=0.5m，导轨左端接有定值电阻R=2，质量为m=0.1kg的滑块垂直于导轨，可在导轨上左右滑动并与导轨有良好的接触，滑动过程中滑块与导轨间的摩擦力恒为f=1N，滑块用绝缘细线与质量为M=0.2kg的重物连接，细线跨过光滑的定滑轮，整个装置放在竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度是B=2T，将滑块由静止释放。设导轨足够长，磁场足够大，M未落地，且不计导轨和滑块的电阻。g=10m/s2，求：（1）滑块能获得的最大动能（2）滑块的加速度为a=2m/s2时的速度（3）由于滑块做切割磁感线运动，对滑块中的自由电荷产生一个作用力，从而产生电
11、动势，设滑块从开始运动到获得最大速度的过程中，滑块移动的距离是x=1m，求此过程中此作用力对自由电荷做的功。14. 如图所示，在xOy坐标系中，在yd的区域内分布有指向y轴正方向的匀强电场，在dy2d的区域内分布有垂直于xOy平面向里的匀强磁场，MN为电场和磁场的边界，在y=2d处放置一垂直于y轴的足够大金属挡板，带电粒子打到板上即被吸收。一质量为m、电量为+q的粒子以初速度v0由坐标原点O处沿x轴正方向射入电场，已知电场强度大小为E=，粒子的重力不计。（1）要使粒子不打到挡板上，磁感应强度应满足什么条件？（2）通过调节磁感应强度的大小，可让粒子刚好通过点P（4d，0）（图中未画出），求磁感应
12、强度的大小。15. 如图所示，质量m=50kg的导热气缸置于水平地面上，质量不计，横截面积S=0.01m2的活塞通过轻杆与右侧墙壁相连。活塞与气缸间无摩擦且不漏气，气体温度t=27，气缸与地面间的动摩擦因数=0.4，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，已知g=10m/s2，热力学温度与摄氏温度之间的关系为T=t+273，求：（i）缓慢升高气体温度，气缸恰好开始向左运动时气体的压强p和温度t；（ii）保证气缸静止不动时温度的范围。16. 一玻璃砖如图所示，已知AC长为L，B=30，一束单色光以入射角i=45射入底边上的某点O，光线进入玻璃砖后在BC边的中点M发生全反射，反射光线恰好与底边平行，部分光
13、从AB边上的M点射出。光在真空中的传播速度为c，求：（i）该单色光在玻璃砖中的折射率；（ii）光从O点射入到从N点射出经历的时间。答案和解析1.【答案】B【解析】解：根据图象与时间轴所围的面积表示位移，可知，0-20s内，两物体通过的位移之差为x=100m，因两物体在运动过程中相遇一次，则相遇时刻可能在20s末或20s以前的某时刻，所以开始减速时两物体的间距一定小于等于100m，可能是90m，故ACD错误，B正确。故选：B。若两个物体的速度相等时不相遇，就不再相遇。根据速度相等时位移关系分析开始减速时两物体的间距。解决本题的关键要知道图线与时间轴围成的面积表示位移。要明确相遇时两个物体的位移关
14、系，从而来分析。2.【答案】D【解析】解：A、当物块A的加速度大小为a，根据胡克定律和牛顿第二定律得kx=2ma。当物块B的加速度大小为a时，有：kx=ma，对比可得：x=，即此时弹簧的压缩量为故A错误。B、取水平向左为正方向，根据系统的动量守恒得：2m-m=0，又xA+xB=x，解得A的位移为：xA=x，故B错误。CD、根据动量守恒定律得0=2mv-mvB，得物块B刚要离开弹簧时的速度vB=2v，由系统的机械能守恒得：物块开始运动前弹簧的弹性势能为：Ep=2mv2+mvB2=3mv2故C错误，D正确。故选：D。当A的加速度大小为a，根据胡克定律和牛顿第二定律求得此时的弹力。物块B的加速度大小
15、为a时，对物块，由胡克定律和牛顿第二定律求弹簧的压缩量。根据系统的动量守恒，求得物块B刚要离开弹簧时的速度，由系统的机械能守恒求物块开始运动前弹簧的弹性势能。解决本题的关键要明确系统遵守两大守恒定律：动量守恒定律和机械能守恒定律，求A的位移时，根据平均动量守恒列式。3.【答案】C【解析】解：A、电子仅受电场力，且电场力是恒力，则电子加速度一定，为匀变速曲线运动，故A错误；BCD、电子在电场中受电场力作用，根据牛顿第二定律可得：eE=ma将电子在B点的速度分解可知（如图）vB=v0 电子由A到B，由动能定理可知：-eUAB=mvB2mv 由、式得UAB=-0在B点设电子在B点沿电场方向的速度大小为vy，则有vy=v0tan30
