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1、北京市工大附中2018-2019学年高二物理上学期期中试题 理（含解析）第卷 选择题（共50分）一、单项选择题（本题共10小题,每小题只有一个答案适合要求,请按要求选出来, 每小题3分,共30分)1.真空中有两个点电荷,它们之间的静电力为F,如果保持它们所带的电量不变,将它们之间的距离减小为原来的1/2倍,它们之间作用力的大小等于A. 4FB. 2FC. F/2D. F/4【答案】A【解析】由点电荷库仑力的公式可以得到,电量不变,当距离减小到原来的倍,库仑力将变为原来的4倍,所以A正确,BCD错误。点睛：本题就是对库仑力公式的直接考查,掌握住公式就很容易分析了。2.把电阻是的一根金属丝,均匀拉
2、长为原来的倍,则导体的电阻是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】当金属丝拉长为原来的2倍时,体积不变,则导体的面积减小为原来的;则由可知,拉长后的电阻变为原来的4倍；故选D【点睛】解决本题的关键掌握电阻定律的公式,知道电阻与长度和横截面积有关并明确导体体积不变时,若长度改变则横截面积也会随之改变3.某电源内电路中非静电力在5s内把10 C的电量从电源的负极移送到电源的正极,做功300 J,则通过电源的电流和电源的电动势分别为：A. 2 A,60 VB. 10 A,30 VC. 2 A,30 VD. 30 A,300 V【答案】C【解析】【分析】由题意可知考查电流、电动势计算,根据相
3、关概念、公式计算可得。【详解】由电流强度的定义式可得由电动势的定义式可得由以上分析可知C正确,ABC错误,故选择C。【点睛】电流强度在数值上等于单位时间内流过截面的电量,方向与正电荷定向移动方向相同,电动势表征电源把其它能转化为电能本领的大小,在数值上等于移动单位正电荷非静电力做的功。4.电量为q的点电荷,在两个固定的等量异种电荷Q和Q的连线的中垂线上移动,则( )A. 电场力做正功B. 电场力做负功C. 电场力不做功D. 电场力做功的正负,取决于q的正负【答案】C【解析】根据等量异种电荷的电场和电势的分布情况可以知道,在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零,在等势面上移动电荷,电场力始终不
4、做功故应该选B5.电场中有A、B两点,在将某电荷从A点移到B点过程中,电场力对该电荷做了正功,则下列说法中正确的是（ ）A. 该电荷是正电荷,且电势能减少B. 该电荷是负电荷,且电势能增加C. 该电荷电势能增加,但不能判断是正电荷还是负电荷D. 该电荷电势能减少,但不能判断是正电荷还是负电荷【答案】D【解析】试题分析：电场力对电荷做正功,说明运动的方向与电场力方向相同,电荷的电势能减小,根据动能定律知动能增大解：A、B：电场力对电荷做正功,说明运动的方向与电场力方向相同,电荷的电势能减小；但是不能判断出该电荷是正电荷还是负电荷故A错误,B错误；C：电场力对电荷做正功,电荷的电势能减小；故C错误
5、；D：电场力对电荷做正功,说明运动的方向与电场力方向相同,电荷的电势能减小；但是不能判断出该电荷是正电荷还是负电荷故D正确；故选：D【点评】考查了功能关系：电场力做功,导致电势能变化就像重力做功,必导致重力势能变化一样6.如图所示的实验装置中,极板A接地,平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接。将A极板向左移动,增大电容器两极板间的距离时,电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U,电容器两极板间的场强E的变化情况是 ( )A. Q不变,C变小,U变大,E不变B. Q不变,C变小,U变大,E变小C. Q变小,C不变,U不变,E变小D. Q变小,C变小,U不变,E不变【答案】A【解析】【分析
6、】题中电容器的带电量不变； 先由电容的决定式分析电容的变化,再由电容的定义式分析极板间电压的变化。【详解】当增大电容器两极板间的距离时,电容器所带的电量Q不变,根据电容的决定式：由于d增大,所以电容减小,由公式 可知板间电压U增大,由公式,所以板间场强不变,故A正确。【点睛】解决本题的关键要掌握电容的决定式和电容的定义式并能结合进行分析。7. 如图所示,带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下,一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点,径迹如图中虚线所示,下列说法正确的是( )A. 粒子带正电B. 粒子在A点加速度大C. 粒子在B点动能大D. A、B两点相比,粒子在B点电势能较高【答案】D【
7、解析】【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱,电场线某点的切线方向表示电场强度的方向。不计重力的粒子在电场力作用下从A到B,运动与力关系可知,电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边,且电场力偏向轨迹的内侧。【详解】根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧,所以电场力逆着电场线方向,即粒子受力方向与电场方向相反,所以粒子带负电。故A错误；由于B点的电场线密,所以B点的电场力大,则A点的加速度较小。故B错误；粒子从A到B,电场力对粒子运动做负功,电势能增加,导致动能减少,即粒子在A点动能大,B点的电势能大,故C错误D正确【点睛】电场线虽然不存在,但可形象来描述电场的分布。对于本题关键是根据
8、运动轨迹来判定电场力方向,由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧。8.移动电源（俗称充电宝）解决了众多移动设备的“缺电之苦”,受到越来越多人的青睐。 目前市场上大多数充电宝的核心部件是锂离子电池（电动势3.7 V）及其充放电保护电路、充放电管理电路、升压电路等。其中的升压电路可以将锂离子电池的输出电压提升到手机、平板电脑等移动设备所要求的输入电压(5 V)。由于锂离子电池的材料特性,在电池短路、过高或过低温度、过度充电或放电等情况下都有可能引起电池漏液、起火或爆炸。为安全起见,中国民航总局做出了相关规定,如图1所示。为了给智能手机充电,小明购买了一款移动电源,其铭牌如图2所示。给手机充电时该移动电
9、源的效率按80%计算。根据以上材料,请你判断( )A. 这款移动电源能为手机提供的最大充电量为8000 mAhB. 这款移动电源充满电后所储存的总化学能为37 WhC. 乘飞机出行时,这款移动电源可以托运D. Wh与mAh均为能量单位【答案】B【解析】【详解】A、由图2可知,这款移动电源能为手机提供的最大充电量为10000mAh；故A错误。B、这款移动电源充满电后所储存的总化学能等于可以对外做的功,即E=W=UIt=qU=1000010-3Ah3.7V=37Wh；故B正确。C、由图1可知,37Wh的这款移动电源不可以托运,可以随身携带；故C错误。D、Wh是能量的单位,但mAh是电量的单位；故D
10、错误。故选B。【点睛】该题结合电源的铭牌考查对电源的电动势、电源的容量的理解,会根据W=UIt=qU求电源储存的电能的解答的关键.9. 在图所示的电路中,电源电动势为E、内电阻为r。将滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动的过程中,关于各电表示数的变化,下列判断中正确的是（ ）A. 电压表V的示数变小B. 电流表A1的示数变小C. 电流表A2的示数变小D. 电流表A的示数变大【答案】C【解析】试题分析：滑动变阻器的滑片P从图示位置向右滑动,电路总电阻变大,电路中总电流减小,D错误；电源的内电压减小,则电路外电压变大,A错误；R1上电压变大,则电流变大,B错误；由于总电流减小,A1电流增大,则A2
11、电流减小,C正确考点：考查闭合电路的动态变化分析点评：本题应先明确各用电器间的串并联关系,可以先把电表看做理想电表,电流表短接,电压表断路看待,这可以使电路结构变得简单10.竖直放置的一对平行金属板的左极上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球,将平行金属板按图所示的电路图连接,绝缘线与左极板的夹角为,当滑动变阻器R的滑片在a位置时,电流表的读数为I1,夹角为1；当滑片在b位置时,电流的读数为I2,夹角为2,则 ( )A. 12,I1I2B. 12,I1I2C. 12,I1I2D. 12,I1I2【答案】D【解析】试题分析：在滑片移动过程中,没有改变接入电路部分电阻,所以电流不会发生变化；而与电容器并
12、联部分电压变大,则小球所受电场力增大,所以线的张角要增大,则D正确。考点：本题考查闭合电路欧姆定律、电容、共点力平衡、电场强度。二、不定项选择题（本题共5小题,每小题4分,共20分在每个小题给出的四个选项中,至少有一个选项是正确的,选对的得4分,选不全得2分,有错选或不选的得0分）11.下列各量中,与检验电荷无关的量是( )A. 电场强度EB. 电场力FC. 电势差UD. 电场做功W【答案】AC【解析】试题分析：电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的,均是采用比值定义法定义的,它们的大小均与电量无关,由电场本身的性质决定的,与检验电荷无关,对于电势差则为电势之差,由电场中两点的电势决定
13、,电势与检验电荷无关,因此电势差与检验电荷无关电场力做功,知电场力做功与检验电荷的电量有关电场力,知电场力与检验电荷有关故BD错误,AC正确考点：本题考查了对电场中几个概念的理解情况12.在如图所示的电路中,电源电动势为E,内阻为零,电阻R1=2R2,在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线,则：A. 通过电阻R1和R2的电流I1=I2B. R1两端电压U1=C. 导线L中通过的电流IL=D. 使电阻R2断路,通过R1的电流不发生变化【答案】CD【解析】【分析】由题意可知考查闭合电路欧姆定律,据此分析计算可得。【详解】A电阻R2被短路,通过R2的电流I20,故A错误；BR1两端电压U1=,故B
14、错误；C根据闭合电路欧姆定律可知通过导线L的电流IL=,故C正确；D使电阻R2断路,通过R1的电流IL=,不发生变化,故D正确。【点睛】在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线,则R2被短接,根据闭合电路欧姆定律计算可得。13.关于电表,下列说法正确的是：A. 利用串联电路中电阻分压原理,可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表B. 如果要将电压表量程扩大n倍,则所串的分压电阻应是内阻的n倍C. 用同一表头做成的电流表,电流表的量程越大,其内阻越小D. 当电流表测某电路的电流时,测量值一定总是小于真实值【答案】AC【解析】【分析】由题意可知考查电表改装,根据电表改装原理分析可得。【详解】A利用串
15、联电路中电阻分压原理,可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表,符合客观实际,故A正确。B如果要将电压表量程扩大n倍,则所串联的分压电阻应是原电压表内阻的n-1倍,故B错误；C用同一表头做成的电流表,电流表的量程越大,并联的电阻越小,其总的内阻越小,故C正确；D当电流表测某电路的电流时,测量值可能小于真实值,也可能大于真实值,故D错误。【点睛】改装成电压表是在原来基础上串联一电阻,量程越大,需要串联的电阻越大。改装电流表是在原来基础上并联一电阻,量程越大,需要并联的电阻越小。读数大小取决于总电压、总电流,指针偏角大小仅取决于通过表头的电流大小,通过表头的电流越大（越小）,偏转角度越大（越小）。14.如图所示,固定在点的正点电荷的电场中有、两点,已知,下列叙述正确的是A. 若把一正的点电荷从点沿直线移到点,则电场力对该电荷做功,电势能减少B. 若把一正的点电荷从点沿直线移到点,则电场力对该电荷做功,电势能增加
