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1、四川省宜宾四中2018-2019学年高一物理下学期期中试题（含解析）注意：本堂考试物理化学生物同堂分卷考试 每科100分 时间：150分钟第卷（选择题，共48分）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分。1.在物理学的发展过程中，许多科学家做出了贡献，以下说法不符合史实的是()A. 牛顿利用开普勒第三定律和牛顿第三定律发现了万有引力定律B. 卡文迪许测出了引力常量G，被称为“称量地球重量的人”C. 伽利略用“月地检验”证实了万有引力定律的正确
2、性D. 开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律【答案】C【解析】牛顿利用开普勒第三定律和牛顿第三定律发现了万有引力定律,选项A正确； 卡文迪许测出了引力常量G，被称为“称量地球重量的人”，选项B正确； 牛顿用“月地检验”证实了万有引力定律的正确性，选项C错误； 开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，选项D正确；此题选择错误的选项，故选C.2.下列说法正确的是()A. 物体在恒力作用下一定做直线运动B. 物体在变力作用下一定做曲线运动C. 沿垂直速度方向的合力不为零时，物体一定做圆周运动D. 物体做曲线运动，沿垂直速度方向的合力一定不为零【答案】D【解析】物体在恒力
3、作用下不一定做直线运动，例如平抛运动，选项A错误； 物体在变力作用下不一定做曲线运动，例如变加速直线运动，选项B错误； 沿垂直速度方向的合力不为零时，物体做曲线运动，但不一定做圆周运动，选项C错误； 物体做曲线运动，沿垂直速度方向的合力一定不为零，选项D正确；故选D.3.如图所示，质量m=0.5kg的小球，从距桌面h1=1.2m高处的A点由静止自由下落到地面上的B点，桌面高h2=0.8m以桌面为重力势能的参考平面，重力加速度取10m/s2下列说法正确的是A. 小球在A点时的重力势能为10JB. 小球在B点时的重力势能为0JC. 小球在B点时的动能为10JD. 小球在B点时的机械能为10J【答案
4、】C【解析】A、以桌面为参考平面，A点的重力势能为：，B点的重力势能为：，故AB错误；C、根据动能定理得：，即物体下落到B点时的动能为，故C正确；D、物体在B点的重力势能为，动能为，所以B点的机械能，故D错误。点睛：本题比较简单，直接考查了重力势能和动能定理，关键要正确理解公式中h的含义，知道重力做功只与初末位置有关。4.静止于光滑水平面上的物体，在水平恒力作用下，经过时间t1速度达到v，再经过时间t2，由速度v增大到3v。在t1和t2两段时间内，外力F对物体做功之比为A. 1:8B. 1:5C. 1:3D. 1:9【答案】A【解析】根据动能定理知，第一段过程有：，第二段过程有：，则有：，故选
5、项A正确。点睛：解决本题的关键知道合力做功等于动能的变化量，运用动能定理解题关键选择好研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后结合动能定理进行求解。5.行星绕恒星运动的轨道可近似认为是圆形，行星运动周期的平方与轨道半径的三次方之比，为常数，则关于此常数的大小（ ）A. 与行星质量有关B. 与恒星质量和行星质量均有关C. 与恒星质量有关D. 与行星运动的速度有关【答案】C【解析】【详解】行星绕恒星做圆周运动的过程中：，得：式中的M是恒星的质量，所以中，k只与恒星的质量有关，与行星质量无关，与行星速度无关，故ABD错误，C正确。6.水平面上甲、乙两物体，在某时刻动能相同，它们仅在摩擦力作用下停下来
6、。甲、乙两物体的动能随位移大小变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）A. 若甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，则甲的质量较大B. 若甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，则乙的质量较大C. 甲与地面间的动摩擦因数一定大于乙与地面间的动摩擦因数D. 甲与地面间动摩擦因数一定小于乙与地面间的动摩擦因数【答案】A【解析】【详解】甲、乙两物体的初动能和末动能都相同，都只受摩擦力作用，根据动能定理可知摩擦力对甲、乙两物体做的功相等，即：amagsa=bmbgsb，由图可知：sasb，所以amagbmbg，即甲所受的摩擦力一定比乙大；若甲、乙两物体与水平面动摩擦因数相同，由f=mg可知，则甲的质量较
7、大。故A正确，B错误；由以上分析可知，amagbmbg，由于质量关系未知，故无法直接确定动摩擦因数之间的关系，故CD错误。7.如图所示为某物业公司的宣传提醒。从提供的信息知：一枚40g的鸡蛋从17楼(鸡蛋离人头部的高度为45m，忽略空气阻力)落下，能砸破人的头骨，若鸡蛋壳与人头部的作用时间为5.010-4s，重力加速度g=10m/s，则下列说法正确的是A. 鸡蛋与人的头部碰撞前的速度大小为3m/sB. 鸡蛋与人的头部碰掩前的动量大小为0.12kgm/sC. 人的头部受到的平均冲击力约为2400ND. 鸡蛋与人的头部碰撞过程中鸡蛋受到的冲量大【答案】C【解析】【详解】由可得：；故A错误；鸡蛋的质
8、量：，取向下为正方向，鸡蛋与人的头部碰掩前的动量大小为：。故B错误；对碰撞过程由动量定理可得：，代入数据得：；负号说明鸡蛋受到的冲击力向上；根据牛顿第三定律可知，头骨受到的平均冲击力为故C正确；鸡蛋与人的头相互作用的过程中，二者之间的相互作用力大小相等，作用的时间相等，根据冲量的定义式可知，鸡蛋与人的头部碰撞过程中二者受到的冲量一样大，故D错误。故选C。8.中国的吴桥杂技享誉世界，如图甲是杂技演员表演传统节目水流星。用细绳系者装有水的小桶，在竖直面内做园周运动，当小桶运动到最高点时，可简化为图乙所示情形。已知水的质量为m，水的重心到转轴0的距离为L，则下列说法正确的是A. 最高点水刚好不流出时
9、，水和小桶的最小速率为零B. 最高点水刚好不流出时，水对桶底的作用力大小为mgC. 最高点水刚好不流出时，水对桶底的作用力为零D. 最高点水刚好不流出时，绳上的拉力大小大于mg【答案】C【解析】【详解】水和小桶做圆周运动，在最高点水不流出条件是：水和水桶的重力刚好提供所需要的向心力。这时的最小速度即是过最高点的临界速度v；以水为研究对象，重力提供圆周运动向心力有：；解得；故最小速度为；对水分析，此时所需的向心力，故此时水桶对水无作用力，故ABD错误，C正确；故选C。【点睛】本题关键在于分析水的受力情况，确定其向心力的来源，应用牛顿第二定律破解水流星节目成功的奥秘。9.如图所示，物体A、B经无摩
10、擦的定滑轮用细线连在一起，A物体受水平向右的力F的作用，此时B匀速上升，A水平向右运动，可知（ ）A. 物体A做加速运动B. 物体A做减速运动C. 物体A所受支持力逐渐增大D. 物体A所受支持力逐渐减小【答案】BC【解析】【分析】将A的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于B的速度，根据A、B的速度关系，确定出A的运动规律；根据f=FN，抓住A竖直方向上的合力为零，判断摩擦力的变化。【详解】A、将A的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于B的速度，如图所示：根据平行四边形定则有：vAcos=vB，所以vA=，减小，所以A的速度减小，但不是匀减速。
11、故A错误，B正确。C、竖直方向上，对A有：mg=N+Tsin，T=mBg，减小，则支持力增大，根据f=FN，摩擦力增大。故C正确，D错误。10.如图所示，足够长的斜面上有a、b、c、d、e五个点，ab=bc=cd=de，从a点水平抛出一个小球，初速度为v时，小球落在斜面上的b点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为；不计空气阻力，初速度为2v时（ ）A. 小球落在斜面时速度方向与斜面夹角大于B. 小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为C. 小球可能落在斜面上的c点与d点之间D. 小球一定落在斜面上的e点【答案】BD【解析】【详解】AB、设斜面的倾角为，即小球落在斜面上位移与水平方向的夹角，=，设
12、小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为，则tan=2，而斜面的倾角为不变，即小球落在斜面上速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍；所以当小球初速度为2v时，小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为，故A错误，B正确；CD、由上分析知，小球落在斜面上位移与水平方向的夹角，=，解得时间t=，在竖直方向上的位移y=gt2=，当初速度变为原来的2倍时，竖直方向上的位移变为原来的4倍，所以小球一定落在斜面上的e点，故C错误，D正确11.A、B两个质点，分别做匀速圆周运动，在相同的时间内它们通过的路程之比sAsB=23，转过的角度之比AB=32，则下列说法中正确的是A. 它们的轨道半径之比
13、RARB=49B. 它们的周期之比TATB=32C. 它们的线速度之比vAvB=32D. 它们的加速度之比aAaB=11【答案】AD【解析】【详解】根据线速度公式可知：在相同的时间内，线速度与路程成正比。由题可得线速度之比vA：vB=2：3，由角速度公式可知：在相同的时间内，角速度与角度成正比。由题可知角速度之比A：B=3：2，而半径，得到半径之比RA、RB=4：9故A正确，C错误；周期，周期与角速度成反比，则它们的周期之比TA：TB=2：3，故B错误；根据a=v知，向心加速度之比为1：1，故D正确；12.A、B两球沿同一直线运动并发生正碰，如图为两球碰撞前后的x-t图像。图中a、b分别为A、
14、B两球碰前的x-t图像，c为碰撞后两球共同运动的x-t图像。已知A球质量m=2kg，取A球碰前运动方向为正方向，下列结论正确的是A. B球的质量为3kgB. 碰撞过程中A对B冲量为4 NsC. 碰撞前后A的动量变化为-6 kgm/sD. 碰撞过程中A、B两球组成的系统损失的动能为5J【答案】AC【解析】【详解】由图示图象可知，碰撞前，B球的速度：，A球的速度为：，碰撞后，A、B两球的速度相等，为：，A、B组成的系统动量守恒，以碰撞前B的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mAvA+mBvB=（mA+mB）v，代入数据解得：mB=3kg，故A正确。碰撞过程，对B，由动量定理得，A对B所施冲量为：
15、I=mBv-mBvB=3（-1）-3（-3）=6Ns，冲量大小为：6Ns，故B错误。碰撞前后A动量的变化量为：PA=mAv-mAvA=2（-1）-22=-6kgm/s，故C正确；碰撞中，A、B两球组成的系统损失的动能为：EK=mAvA2+mBvB2-（mA+mB）v2=222+3（-3）2-（2+3）（-1）2=15J，故D错误。第卷(非选择题 共52分)二、本题共2小题，共12分把答案填在试题答题纸上13.在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，实验的装置如图所示。为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上_。A. 通过调节使斜槽的末端保持水平B. 每次释放小球的位置可以不同C. 每次必须由静止释放小球D. 小球运动时不应与木板上的白纸(或方格纸)相接触E. 将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线【答案】ACD【解析】【详解】通
