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1、 高二年级质量调研试题物 理一、选择题（本题共10个小题，其中1-6题为单选，7-10题为多选，每题4分，共40分，多选题漏选得2分。）1.A、B两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动（如图），在相同时间内，它们通过的路程之比是4：3，运动方向改变的角度之比是3：2，则它们A. 线速度大小之比为4：3B. 角速度大小之比为3：4C. 圆周运动的半径之比为2：1D. 向心加速度大小之比为1：2【答案】A【解析】A、因为相同时间内他们通过的路程之比是4：3，根据，则A、B的线速度之比为 4：3，故A正确；B、运动方向改变的角度之比为3：2，根据，则角速度之比为3：2，故B错误；C、根据可得圆周运动的半径之
2、比为，故C错误；D、根据a=v得，向心加速度之比为，故D错误；故选A。2.在一斜面顶端，将甲乙两个小球分别以2v和v的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上。甲球落至斜面时的速率与乙球落至斜面时的速率之比为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据平抛运动的推论tan=2tan得到甲、乙两个小球落在斜面上时速度偏向角相等，根据运动的合成与分解求出末速度即可。【详解】设斜面倾角为，小球落在斜面上速度方向偏向角为，甲球以速度v抛出，落在斜面上，如图所示；根据平抛运动的推论可得tan=2tan，所以甲乙两个小球落在斜面上时速度偏向角相等；故对甲有： 对乙有：所以故应选：B。【点睛】本
3、题主要是考查了平抛运动的规律，知道平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动；解决本题的关键知道平抛运动的两个推论。3.我国研制的北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，系统由5颗地球同步轨道卫星和30颗低轨卫星组网而成(如图)，这些卫星的运动均可视为匀速圆周运动。北斗导航系统计划到2020年完全建成。关于该导航系统，下列说法正确的是A. 系统中的地球同步轨道卫星可以定位在成都正上方B. 系统中卫星的运行速度可以大于11.2 km/sC. 系统中卫星的运行周期和月亮绕地球运行的周期可能相同D. 系统中从地面发射质量为m的同步卫星比发射质量为m的低轨卫星所需的能量更多【答案】
4、D【解析】【分析】地球同步卫星相对地球静止，同步卫星位于赤道平面内；卫星轨道半径越大，发射卫星时克服地球引力做功越多，发射卫星时消耗的能量越多；卫星绕地球做圆周运动，根据周期公式与轨道半径关系判断周期关系；围绕绕地球做圆周运动，没有脱离地球的吸引，卫星速度小于第二宇宙速度。【详解】A项：同步卫星相对地球静止，同步卫星位于赤道平面内，成都不在赤道上，因此地球同步轨道卫星不能定位在成都正上方，故A错误；B项：11.2km/s是地球的第二宇宙速度，达到此速度的物体可以脱离地球的吸引，系统中的卫星没有脱离地球的吸引，系统中的卫星的运行速度小于7.9km/s，故B错误；C项：卫星绕地球做圆周运动的周期：
5、，卫星的轨道半径小于月亮的轨道半径，则卫星的周期小于月亮的周期，故C错误；D项：卫星轨道半径越大发射卫星时克服地球引力做功越多，因此系统中从地面发射质量为m的同步卫星比发射质量为m的低轨卫星所需的能量更多。故应选：D。【点睛】本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力、知道同步卫星位于赤道平面内是解题的关键，应用牛顿第二定律与万有引力公式可以解题。4.“天舟一号”飞船是中国空间技术研究院研制的第一艘货运飞船，2017年4月20日19时41分在海南文昌航天发射中心，由长征7号遥2运载火箭发射。4月21日上午，“天舟一号”货运飞船已经完成了两次的轨道控制，后来又进行了三次的轨道控制，使“
6、天舟一号”货运飞船控制到“天宫二号”的后下方。4月22日12时23分，“天舟一号”货运飞船与离地面390公里处的“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接。下列说法正确的是A. 根据“天宫二号”离地面的高度，可计算出地球的质量B. “天舟一号”与“天宫二号”的对接过程，满足动量守恒、能量守恒C. “天宫二号”飞越地球的质量密集区上空时，轨道半径和线速度都略微减小D. 若测得“天舟一号”环绕地球近地轨道的运行周期，可求出地球的密度【答案】D【解析】根据 ,可得，则根据“天宫二号”离地面的高度，不可计算出地球的质量，选项A错误；“天舟一号”与“天宫二号”的对接时，“天舟一号”要向后喷气加速才能对接
7、，故对接的过程不满足动量守恒，但是能量守恒，选项B错误；天宫二号”飞越地球的质量密集区上空时，万有引力变大，则轨道半径略微减小，引力做正功，故线速度增加，选项C错误；，而 ，可得 ，即若测得“天舟一号”环绕地球近地轨道的运行周期，可求出地球的密度，选项D正确；故选D.点睛：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度与轨道半径的关系，并能根据这个关系计算中心天体的质量.5.一质量为2 kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间t变化的图线如图所示，则 A. t=1 s时物块的速率为2 m/sB. t=2 s时物块的动量大小为4 kgm/sC. t=3 s时物块的动量
8、大小为5 kgm/sD. t=4 s时物块的速度为零【答案】B【解析】【详解】A项：前两秒，根据牛顿第二定律，则0-2s的速度规律为：v=at；t=1s时，速率为1m/s，A错误；B项：t=2s时，速率为2m/s，则动量为P=mv=4kgm/s，B正确；C、D项：2-4s，力开始反向，物体减速，根据牛顿第二定律，a=-0.5m/s2，所以3s时的速度为1.5m/s，动量为3kgm/s，4s时速度为1m/s，故C、D错误。故应选：B。【点睛】本题考查了牛顿第二定律的简单运用，熟悉公式即可，并能运用牛顿第二定律求解加速度。另外要学会看图，从图象中得出一些物理量之间的关系。6.如图所示，用传送带给煤
9、车装煤，平均每5 s内有5 000 kg的煤粉落于车上，由于传送带的速度很小，可认为煤粉竖直下落。要使车保持以0.5 m/s的速度匀速前进，则对车应再施以向前的水平力的大小为（ ）A. 50 N B. 250 N C. 500 N D. 750 N【答案】C【解析】车和煤粉整体受重力G、支持力N、拉力F，对5s过程运用动量定理，有：Ft=mv；解得：；故C正确ABD错误故选C7.如图所示，一个圆形框架以竖直的直径为转轴匀速转动。在框架上套着两个质量相等的小球A、B，小球A、B到竖直转轴的距离相等，它们与圆形框架保持相对静止。下列说法正确的是A. 小球A的合力小于小球B的合力B. 小球A与框架间
10、一定存在摩擦力C. 小球B与框架间可能没有摩擦力D. 圆形框架以更大的角速度转动，小球B受到的摩擦力一定增大【答案】BC【解析】【分析】由于合力提供向心力，依据向心力表达式可判定AB小球的合力关系；依据A、B受到的受力情况可判定摩擦力的有无，以及随转速的变化情况。【详解】A项：由于合力提供向心力，依据向心力表达式F=mr2，已知两球质量，半径和角速度都相同，可知向心力相同，即合力相同，故A错误；B项：小球A受到重力和弹力的合力不可能垂直指向OO轴，故一定存在摩擦力，故B正确；C项：B球的重力和弹力的合力可能垂直指向OO轴，故B球摩擦力可能为零，故C正确；D项：由于不知道B是否受到摩擦力，故而无
11、法判定圆形框架以更大的角速度转动，小球B受到的摩擦力的变化情况，故D错误。故应选：BC。【点睛】该题的难点在与分析两球的摩擦力情况，注意利用好小球的合力提供向心力这点来分析摩擦力。8.大飞机重大专项是提高我国自主创新能力和增强国家核心竞争力的重大战略决策，中国制造的大飞机“C919”已于2017年5月5日成功首飞。若飞机在某次降落过程中某时刻水平方向速度为90 m/s，竖直方向速度为9 m/s，在水平方向做加速度为3 m/s的匀减速直线运动，在竖直方向做加速度为0.3 m/s的匀减速直线运动，直到飞机着陆时竖直方向的速度刚好减为零，在此降落的全过程中A. 飞机上的乘客处于失重状态B. 飞机运动
12、轨迹为抛物线C. 飞机的位移为1350 mD. 飞机在水平方向的平均速度为45m/s【答案】D【解析】A、飞机在竖直方向做匀减速下降，加速度方向向上，所以飞机上的乘客处于超重状态，故A错误；B、飞机的速度的方向：，飞机的加速度的方向：，可知飞机的速度的方向与加速度的方向是相反，飞机做匀减速直线运动，故B错误；CD、在水平方向上，飞机在水平方向的平均速度为，水平的的位移：，竖直方向的的位移：，飞机的位移为，故C错误，D正确；故选D。【点睛】飞机在竖直方向与水平方向都做匀减速运动，所以正确判断出飞机是否做匀变速直线运动是解答的关键。9. 地球和火星绕太阳公转可视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响。根
13、据下表，火星和地球相比（ ）行星星体半径/m星体质量/kg公转轨道半径/m地球64106601024151011火星34106641023231011 A火星的公转周期较大 B火星公转的向心加速度较大C火星表面的重力加速度较小 D火星的第一宇宙速度较大【答案】AC【解析】试题分析：行星绕太阳公转，根据开普勒第三定律，可知轨道半径越大，公转周期越长，故A正确；万有引力提供向心力，有，公转的向心加速度，则轨道半径越大，向心加速度越小，故B错误；在天体表面，重力和万有引力近似相等，重力加速度，有，故C正确；在天体表面附近，万有引力提供向心力，有，第一宇宙速度，则，故D错误。考点：万有引力定律的应用，
14、开普勒第三定律，第一宇宙速度。10.如图，截面为等腰直角三角形的圆锥形陀螺，其上表面半径为r，转动角速度为欲让旋转的陀螺从光滑桌面上水平飞出（运动中陀螺转动轴总保持竖直），且飞出过程中恰不与桌子相碰设陀螺底端顶点离开桌面的瞬间，其水平速度为v0陀螺上的最大线速度为v则下列说法正确的是A. B. C. D. 【答案】BC【解析】试题分析：陀螺的高度也为r，欲让旋转的陀螺从光滑桌面上水平飞出，且飞出过程中恰不与桌子相碰，则由平抛运动的规律可知，v0t=r，解得，选项A错误，B正确；陀螺边缘上与陀螺运动相同方向上的点具有最大的线速度，则最大线速度为，则选项C正确，D错误；故选BC.考点：平抛运动；线
15、速度二、实验题（本题共2小题，每空2分，共16分.把答案写在答题卡中指定答题处，不要求写出演算过程）11.如图为研究小球的平抛运动时拍摄的闪光照片的一部分，其背景是边长为5 cm的小方格，重力加速度g取10 m/s2，由图可知：小球从A点运动到B点经历的时间_（填“小于”、“等于”或“大于”）从B点运动到C点经历的时间；照相机的闪光频率为_Hz；小球抛出时的初速度大小为_m/s，小球在B点的速率是_ m/s（可用根号表示）。【答案】 (1). 等于； (2). 10； (3). 2.5； (4). 【解析】【分析】正确应用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动；解答本题的突破口是利用在竖直方向上连续相等时间内的位移差等于常数解出闪光
