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1、高三年级物理试卷一、单项选择题（本题共10小题；每小题4分，共40分）1.一质点做直线运动的vt图象如图所示。下列说法正确的是A. 质点在01 s的位移与12 s的位移可能相等B. 质点在12 s做加速度逐渐减小的直线运动C. 质点在12 s中某时刻的加速度等于质点在23 s的加速度D. 质点在1 s时刻，离出发点最远，在2 s时刻，返回出发点【答案】C【解析】在vt图象中，图线下的面积表示位移，质点在01 s的位移小于在12 s的位移，选项A错误；在vt图象中，图线的斜率表示加速度，质点在12 s做加速度逐渐增大的直线运动，选项B错误；质点在12 s中某时刻的斜率等于质点在23 s的斜率，质
2、点在12 s中某时刻的加速度等于质点在23 s的加速度，选项C正确；质点在3 s时刻，离出发点最远，在2 s时刻，没有返回出发点，选项D错误。2.为了研究平抛物体的运动，一名男生和一名女生站在操场的主席台上先后从同一位置，各自向空旷的操场水平同向抛出一个小球，两小球恰好落到操场上的同一点。男生抛出的小球高度高于女生，若不计空气阻力，则下列说法正确的是()A. 两小球在空中运动的时间相同B. 男生抛出的小球水平速度大于女生抛出的小球水平速度C. 两小球落地时，速度方向与水平方向的夹角相同D. 从抛出到落地，两小球动量的变化量的方向均竖直向下【答案】D【解析】【分析】根据竖直方向的运动情况确定时间
3、，根据水平方向的运动情况确定初速度大小；根据运动的合成求解落地时速度与水平方向的夹角。【详解】A项：根据竖直方向的运动规律可知，解得：，所以两小球在空中运动的时间不相同，男生抛出的小球运动时间比女生抛出的小球运动时间长，故A错误；B项：小球在水平方向做匀速直线运动，初速度，女生抛出的小球水平速度大于男生抛出的小球水平速度，故B错误；C项：两小球落地时，设速度方向与水平方向的夹角为，则tan=，所以两小球落地时，速度方向与水平方向的夹角男生的大，故C错误；D项：由于抛出的小球只受重力，由动量定理可知，从抛出到落地，两小球动量的变化量方向与重力方向相同即为竖直向下，故D正确。故应选：D。【点睛】本
4、题主要是考查了平抛运动的规律，知道平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动。3.关于如图 a、b、c、d所示的四种圆周运动模型，说法正确的是： A. 如图a所示，汽车安全通过拱桥最高点时，车对桥面的压力大于车的重力B. 如图b所示，在固定圆锥筒内做匀速圆周运动的小球，受重力、弹力和向心力C. 如图c所示，轻质细杆一端固定一小球，绕另端O在竖直面内做圆周运动，在最高点小球所受合力可能为零D. 如图d所示，火车以某速度经过外轨高于内轨的弯道时，车轮可能对内外轨均无侧向压力【答案】CD【解析】【详解】A.图a汽车安全通过拱桥最高点时，重力和支持力的合力提供向心力，方向向下，所
5、以支持力小于重力，根据牛顿第三定律，车对桥面的压力小于车的重力，故A错误；B. 图b沿固定圆锥筒内做匀速圆周运动的小球，受重力和弹力作用，故B错误；C.图c中轻质细杆一端固定的小球，在最高点速度为零时，小球所受合力为零，故C正确；D. 图d中火车以某速度经过外轨高于内轨的弯道时，受到的重力和轨道的支持力的合力恰好等于向心力时，车轮对内外轨均无侧向压力，故D正确。故选：CD4.2018年9月2号刚刚结束的亚运会中，中国队包揽了跳水项目的全部10 金。图示为跳水运动员在走板时，从跳板的a端缓慢地走到b端，跳板逐 渐向下弯曲，在此过程中，该运动员对跳板的（ ）A. 摩擦力不断增大B. 作用力不断减小
6、C. 作用力不断增大D. 压力不断增大【答案】A【解析】【详解】A、D项：设跳板与水平面的夹角为,由于运动员从a到b过程中，跳板逐渐向下弯曲即增大，根据平衡条件可知，摩擦力与重力沿板向下的分力等大反向，压力大小等于重力垂直板方向的分力，所以摩擦力增大，压力减小，故A正确，D错误；B、C项：运动员对跳板的作用力即压力与摩擦力的合力，由平衡可知，此合力运动员的重力等大反向，所以运动员对跳板的作用力不变，故B、C错误。故应选A。5.如图所示,轻弹簧的下端固定在水平桌面上,上端放有物块P(不拴接),系统处于静止状态。现用竖直向上的力F作用在P上,使其向上做匀加速直线运动，则在弹簧恢复原长前,下列说法正
7、确的是()A. 拉力F与弹簧的压缩量成正比 B. 拉力F逐渐增大C. 弹簧刚要恢复原长时,拉力F可能为零 D. 拉力F做的功等于物块增加的机械能【答案】B【解析】【分析】以物块P为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律得出F与物块P的位移x的关系式。【详解】A、B项：设物块P的质量为m，加速度为a，静止时弹簧的压缩量为x0，弹簧的劲度系数为k，由力的平衡条件得，mg=k x0，以向上为正方向，木块的位移为x时弹簧对P的弹力：F1=k（x0-x），对物块P，由牛顿第二定律得，F+F1-mg=ma，由以上式子联立可得，F=k x+ma。可见F与x是线性关系，但不是成正比，且F随着x的增大而增大，
8、故A错误，B正确；C项：由A、B项分析可知，弹簧刚要恢复原长时，F=ma，故C错误；D项：拉力F做的功与弹簧弹力做功的总和等于物块增加的机械能，故D错误。故应选：B。6.如图所示，重球用细绳跨过轻小光滑滑轮与小球相连，细绳处于水平拉直状态。小球由静止释放运动到最低点过程中，重球始终保持静止，不计空气阻力。下列说法正确的有()A. 细绳偏离竖直方向成角时，细绳拉力为mgcosB. 因为重球与地面间的压力减小，因此地面对重球的摩擦力也减小C. 上述过程中小球重力的瞬时功率先增大后减小D. 重球静止不动，故其所受重力的冲量为零【答案】C【解析】【详解】A项：设绳子与竖直方向的夹角为时绳子的拉力大小为
9、T，根据牛顿第二定律得：，解得：，故A错误；B项：随减小，v增大，可知绳子拉力T不断增在，对重球受力分析且由平衡可知，地面与重球间的摩擦力增大，故B错误；C项：开始时小球竖直方向的分速度为零，小球到达最低点时竖直方向的分速度也为零，所以小球竖直方向的分速度先增大后减小，所以小球重力的瞬时功率先增大后减小，故C正确；D项：由冲量定义式可知，重力不为零，时间不为零，所以冲量不为零，故D错误。故应选：C。7.如图所示，纸面内有一以A、B、C、D为顶点的正方形区域，其中心O处有一带电荷量为Q的正点电荷，E、F分别为AB边和AD边的中点，则在该电荷产生的电场中()A. A,B, C.,D四点处的电场强度
10、相同 B. A,E,B三点间的电势差满足C. A、F两点处的电场强度大小之比为2:1 D. 电子在C处时的电势能小于在F处的电势能【答案】B【解析】【分析】根据电场线的分布情况分析各点电场强度的关系。由电场线的方向及公式U=Ed分析电势差关系。由E=求A、F两点处的电场强度大小之比。结合电势高低分析电势能的大小。【详解】A项：ABCD四点到O点的距离相等，则四点处的电场强度大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A错误；B项：根据电场线的分布可知，A、B两点的电势低于E点的电势，结合对称性和公式U=Ed知A、E、B三点间的电势差应满足UAE=UBE，故B正确；C项：A、F两点到O点的距离之比为
11、，由E=知A、F两点处的电场强度大小之比1：2，故C错误；D项：C处电势比F处电势低，根据负电荷在电势低处电势能大，知电子在C处时的电势能大于在F处的电势能，故D错误。故应选：B。【点睛】本题关键要搞清点电荷电场的分布情况，灵活运用公式E=，要知道公式中Q是场源电荷，r是到场源电荷的距离。8.在北京飞控中心工作人员的精密控制下，嫦娥三号开始实施近月制动，进入100公里环月轨道，随后嫦娥三号探测器再次变轨，从100公里的环月圆轨道，降低到近月点（B点）15公里、远月点（A点）100公里的椭圆轨道，为下一步月面软着陆做准备。关于嫦娥三号卫星，下列说法正确的是()A. 卫星在轨道运动的周期小于在轨道
12、运动的周期B. 卫星在轨道上A点的加速度大于在轨道上A点的加速度C. 卫星在轨道经过A点时的动能大于在轨道经过B点时的动能D. 卫星从轨道变轨到轨道，机械能增大【答案】A【解析】【分析】根据开普勒第三定律分析周期关系。卫星在轨道上运动，由万有引力产生加速度，根据万有引力大小判断加速度的大小。卫星绕月球做匀速圆周运动过程中，由万有引力完全提供向心力，从轨道I变轨到轨道II要做近心运动，外界提供的向心力大于运动所需向心力，故从轨道I到轨道II上要减速。【详解】A项：由于轨道的半长轴小于轨道的半径，根据开普勒第三定律知，卫星在轨道运动的周期小于在轨道运动的周期，故A正确；B项：根据牛顿第二定律得，得
13、：，知卫星经过同一点时加速度一定，则卫星在轨道上A点的加速度与在轨道上A点的加速度相同，故B错误；C项：根据开普勒第二定律知，卫星在轨道经过A点时的速度小于在轨道经过B点时的速度，则卫星在轨道经过A点时的动能小于在轨道经过B点时的动能，故C错误；D项：卫星从轨道I变轨到轨道II的过程中，做近心运动，需在A点减速，所以机械能减小，故D错误。故应选：A。【点睛】解决本题是要开普勒第二、第三定律，知道卫星做圆周运动时由万有引力完全提供向心力。9.如图所示，足够长的半径为R=0.4 m的1/4圆弧形光滑轨道固定于竖直平面内，圆弧形轨道与光滑固定的水平轨道相切，可视为质点的质量均为m=1 kg的小球甲、
14、乙用轻杆连接，置于圆弧形轨道上，小球甲与O点等高，小球乙位于圆心O的正下方。某时刻将两小球由静止释放，最终它们在水平面上运动。g取10 m/s2。则()A. 两球最终在水平面上运动的速度大小为2 m/sB. 小球甲下滑过程中机械能守恒C. 小球甲下滑到圆弧形轨道最低点时，对轨道压力的大小为10 ND. 整个过程中轻杆对小球乙做的功为1 J【答案】A【解析】【分析】先对两个球整体分析，只有重力做功，系统机械能守恒，根据机械能守恒定律列式分析；考虑重力对小球甲做功功率时，结合特殊位置进行分析；在圆弧轨道最低点，重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式分析；对球乙运用动能定理列式分析。【详
15、解】A项：两个球系统机械能守恒，则，解得：，故A正确；B项：由甲、乙组的系统机械能守恒可知，由于乙球的机械能增大，所以甲球的机械能减小，故B错误；C项：小球甲下滑到圆弧形轨道最低点，重力和支持力的合力提供向心力，故： 解得：，故C错误；D项：整个过程中，对球乙，根据动能定理，有：，故D错误。故应选：A。【点睛】本题关键时明确两个球相同机械能守恒，而单个球的机械能不守恒，同时要结合动能定理分析，还要找到向心力来源。10.如图所示，某生产线上相互垂直的甲、乙传送带等高，宽度均为，而且均以大小为的速度运行，图中虚线为传送带中线。一工件(视为质点)从甲左端释放，经长时间由甲右端滑上乙，滑至乙中线处时恰好相对乙静止。下列说法中正确的是 ( )A. 工件在乙传送带上的痕迹为直线，痕迹长为B. 工件从滑上乙到恰好与乙相对静止所用的时间为C. 工件与乙传送带间的动摩擦因数D. 乙传送带对工件的摩擦力做功为零【答案】AD【解析】试题分析：物体滑上乙时，相对于乙上的那一点的速度分为水平向右的和向后的，合速度为，就是
