《四川省成都市高考物理二诊试卷 Word版含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省成都市高考物理二诊试卷 Word版含解析.doc（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项是符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分有选错的得0分1下列说法错误的是（）A密立根测出了元电荷e的数值B卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子的核式结构模型C原子核发生衰变时要释放能量，根据E=mc2，所以衰变后的总质量数要减少D安培提出了分子电流假说2如图所示，光滑水平面上有质量均为m的物块A和B，B上固定一轻质弹簧，B静止，A以速度v0水平向右运动，从A与弹簧接触至弹簧被压缩到最短的过程中（）矚慫润厲钐瘗睞枥庑赖賃軔朧碍鳝绢懣硯涛镕頃赎巯驂雞虯从躜鞯烧。AA、B的动量变化量相同
2、BA、B的动量变化率相同CA、B系统的总动能保持不变DA、B系统的总动量保持不变3如图所示，一个边长L的正方形金属框竖直放置，各边电阻相同，金属框放置在磁感应强度大小为B、方向垂直金属框向里的匀强磁场中，若A、B两端与导线相连，由A到B通以如图所示方向的电流（由A点流入，从B点流出），流过AB边的电流I，则金属框受到的安培力大小和方向分别为（）聞創沟燴鐺險爱氇谴净祸測樅锯鳗鲮詣鋃陉蛮苎覺藍驳驂签拋敘睑绑。A2BIL 竖直向下B BIL 竖直向上CBIL 竖直向上D BIL 竖直向下4使物体脱离星球的引力束缚，不再绕星球运行，从星球表面发射所需的最小速度称为第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与
3、第一宇宙速度v1的关系是v2=v1已知某星球的半径为r，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为（）残骛楼諍锩瀨濟溆塹籟婭骒東戇鳖納们怿碩洒強缦骟飴顢歡窃緞駔蚂。ABCD5在孤立负点电荷形成的电场中，四个带电粒子分别仅在电场力作用下运动，vt图象如图所示，则下列说法正确的是（）酽锕极額閉镇桧猪訣锥顧荭钯詢鳕驄粪讳鱸况閫硯浈颡閿审詔頃緯贾。Aa，c带负电，b，d 带正电Ba，c带正电，b，d 带负电Ca，d带正电，b，c带负电Da，d带负电，b，c带正电6光滑斜面上，当系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，AB质量相等在突然撤去挡板的
4、瞬间（）彈贸摄尔霁毙攬砖卤庑诒尔肤亿鳔简闷鼋缔鋃耧泞蹤頓鍥義锥柽鳗铟。A两图中两球加速度均为gsinB两图中A球的加速度均为零C图甲中B球的加速度为2gsinD图乙中B球的加速度为gsin7如图甲所示电路中，L1、L2、L3为三只“6V 3W”的灯泡，变压器为理想变压器，各电表均为理想电表，当ab端接如图乙所示的交变电压时，三只灯泡均正常发光下列说法中正确的是（）謀荞抟箧飆鐸怼类蒋薔點鉍杂篓鳐驱數硯侖葒屜懣勻雏鉚預齒贡缢颔。A变压器原副线圈的匝数比为3：lB输出端交流电的频率为50HzC电流表的示数为0.5AD电压表的示数为18V8如图甲所示，在竖直方向上有四条间距相等的水平虚线L1、L2、L
5、3、L4，在L1L2之间、L3L4之间存在匀强磁场，大小均为1T，方向垂直于虚线所在平面现有一矩形线圈abcd，宽度cd=L=0.5m，质量为0.1kg，电阻为2，将其从图示位置静止释放（cd边与L1重合），速度随时间的变化关系如图乙所示，t1时刻cd边与L2重合，t2时刻ab边与L3重合，t3时刻ab边与L4重合，已知t1t2的时间间隔为0.6s，整个运动过程中线圈平面始终处于竖直方向（重力加速度g取10m/s2）则（）厦礴恳蹒骈時盡继價骚卺癩龔长鳏檷譴鋃蠻櫓鑷圣绋閼遞钆悵囅为鹬。A在0t1时间内，通过线圈的电荷量为0.25 CB线圈匀速运动的速度大小为8 m/sC线圈的长度为1 mD0t3
6、时间内，线圈产生的热量为4.2 J三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分第912题为必考题，每个试题考生都必须作答9图甲中游标卡尺的读数是cm，图乙中螺旋测微器的读数是mm10（1）多用电表测未知电阻阻值的电路如图（a）所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，Rg为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值Rx关系图象如图（b）所示，则该图象的函数关系式为；（调零电阻R0接入电路的部分阻值用R0表示）茕桢广鳓鯡选块网羈泪镀齐鈞摟鳎饗则怿唤倀缀倉長闱踐識着純榮詠。（2）下列根据图（b）中IRx图线做出的解释或判断中正确的是；（有两个选项正确）A用欧姆表测电阻时，指针指示读数越大，测量的
7、误差越小B欧姆表调零的实质是通过调节R0，使Rx=0时电路中的电流I=IgCRx越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏D测量中，当Rx的阻值为图（b）中的R2时，指针位于表盘中央位置的右侧（3）某同学想通过一个多用电表中的欧姆挡，直接去测量某电压表（量程10 V）的内阻（大约为几十千欧），欧姆挡的选择开关拨至倍率1K挡先将红、黑表笔短接调零后，选用图（c）中（填“A”或“B”）方式连接在本实验中，如图（d）所示为欧姆表和电压表的读数，请你利用所学过的知识，求出欧姆表电池的电动势为V（计算结果保留三位有效数字）鹅娅尽損鹌惨歷茏鴛賴縈诘聾諦鳍皑绲讳谧铖處騮戔鏡謾维覦門
8、剛慘。11某实验小组做了如下实验，装置如图甲所示竖直平面内的光滑轨道由倾角为的斜面轨道AB和圆弧轨道BCD组成，将质量m=0.1kg的小球，从轨道AB上高H处的某点静止滑下，用压力传感器测出小球经过圆弧最高点D时对轨道的压力F，改变H的大小，可测出相应的F大小，F随H的变化关系如图乙所示g=10m/s2求：籟丛妈羥为贍偾蛏练淨槠挞曉养鳌顿顾鼋徹脸鋪闳讧锷詔濾铩择觎測。（1）圆轨道的半径R（2）若小球从D点水平飞出后又落到斜面上，其中最低的位置与圆心O等高，求的值12如图所示的平行板器件中，存在相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度B1=0.20T，方向垂直纸面向里，电场强度E1=1.0
9、105V/m，PQ为板间中线紧靠平行板右侧边缘xoy坐标系的第一象限内，有一边界AO，与y轴的夹角AOy=45，边界线的上方有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度 B2=0.25T，边界线的下方有竖直向上的匀强电场，电场强度E2=5.0105V/m，一束带电量q=8.01019C、质量m=8.01026kg的正离子从P点射入平行板间，沿中线PQ做直线运动，穿出平行板后从y轴上坐标为（0，0.4m）的Q点垂直y轴射入磁场区，多次穿越边界限OA求：預頌圣鉉儐歲龈讶骅籴買闥龅绌鳆現檳硯遙枨纾釕鴨鋃蠟总鴯询喽箋。（1）离子运动的速度为多大？（2）离子通过y轴进入磁场到第二次穿越边界线OA所需的时间？（3
10、）离子第四次穿越边界线的位置坐标2017年四川省成都市石室中学高考物理二诊试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项是符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分有选错的得0分渗釤呛俨匀谔鱉调硯錦鋇絨钞陉鳅陸蹕銻桢龕嚌谮爺铰苧芻鞏東誶葦。1下列说法错误的是（）A密立根测出了元电荷e的数值B卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子的核式结构模型C原子核发生衰变时要释放能量，根据E=mc2，所以衰变后的总质量数要减少D安培提出了分子电流假说【考点】爱因斯坦质能方程【分析】密立根测出了元电荷e的数值卢瑟福的粒子散射实
11、验否定了汤姆生的原子结构模型核反应的过程中质量数是守恒的安培提出了分子电流假说【解答】解：A、密立根通过油滴实验测出了元电荷e的数值故A正确；B、卢瑟福的粒子散射实验否定了汤姆生的原子结构模型故B正确；C、原子核发生衰变时要释放能量，根据E=mc2，所以衰变后的总质量要减少，但反应前后的质量数不变故C错误；铙誅卧泻噦圣骋贶頂廡缝勵罴楓鳄烛员怿镀鈍缽蘚邹鈹繽駭玺礙層談。D、安培提出了分子电流假说，解释了与磁现象有关的磁化、退磁等现象故D正确；本题选择错误的，故选：C2如图所示，光滑水平面上有质量均为m的物块A和B，B上固定一轻质弹簧，B静止，A以速度v0水平向右运动，从A与弹簧接触至弹簧被压缩到
12、最短的过程中（）擁締凤袜备訊顎轮烂蔷報赢无貽鳃闳职讳犢繒笃绨噜钯組铷蟻鋨赞釓。AA、B的动量变化量相同BA、B的动量变化率相同CA、B系统的总动能保持不变DA、B系统的总动量保持不变【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】两物块组成的系统合外力为零，系统的总动量守恒，两个物体所受的合外力大小相等、方向相反，应用动量定理、动量守恒定律分析答题贓熱俣阃歲匱阊邺镓騷鯛汉鼉匮鲻潰馒鼋餳攪單瓔纈釷祕譖钭弯惬閻。【解答】解：AD、两物体相互作用过程中系统的合外力为零，系统的总动量守恒，则A、B动量变化量大小相等、方向相反，所以动量变化量不同，故A错误，D正确；坛摶乡囂忏蒌鍥铃氈淚跻馱釣缋鲸鎦潿硯级鹉鄴
13、椟项邬瑣脐鯪裣鄧鯛。B、由动量定理Ft=P可知，动量的变化率等于物体所受的合外力，A、B两物体所受的合外力大小相等、方向相反，所受的合外力不同，则动量的变化率不同，故B错误；蜡變黲癟報伥铉锚鈰赘籜葦繯颓鲷洁遲銻鹂迳睁張晕辯滾癰學鸨朮刭。C、A、B系统的总机械能不变，弹性势能在变化，则总动能在变化，故C错误；故选：D3如图所示，一个边长L的正方形金属框竖直放置，各边电阻相同，金属框放置在磁感应强度大小为B、方向垂直金属框向里的匀强磁场中，若A、B两端与导线相连，由A到B通以如图所示方向的电流（由A点流入，从B点流出），流过AB边的电流I，则金属框受到的安培力大小和方向分别为（）買鲷鴯譖昙膚遙闫撷
14、凄届嬌擻歿鲶锖够怿輿绸養吕諄载殘撄炜豬铥嵝。A2BIL 竖直向下B BIL 竖直向上CBIL 竖直向上D BIL 竖直向下【考点】安培力【分析】根据左手定则求出金属框四条边所受安培力的合力，即金属框受到的安培力【解答】解：流过DC边的电流I，根据并联电路电压相等有I3R=IR，得AD、BC边所受的安培力的合力为0，DC边中电流向右，根据左手定则，安培力方向向上，大小AB边所受的安培力方向向上，大小所以金属线框受到的安培力，方向竖直向上故选：B4使物体脱离星球的引力束缚，不再绕星球运行，从星球表面发射所需的最小速度称为第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2=v1已知某
15、星球的半径为r，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为（）綾镝鯛駕櫬鹕踪韦辚糴飙钪麦蹣鲵殘荩讳创户軾鼹麗躑時嘮犖鈞泞椁。ABCD【考点】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度【分析】第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，即；此题把地球第一宇宙速度的概念迁移的某颗星球上面驅踬髏彦浃绥譎饴憂锦諑琼针咙鲲鏵鲠黾诂鰒猫餑矫赖懾鷗邻嫱鏹癣。【解答】解：设某星球的质量为M，半径为r，绕其飞行的卫星质量m，由万有引力提供向心力得：解得：又因它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的得：由解得：故选：B5在孤立负点电荷形成的电场中，四个带电粒子分别仅在电场力作用下运动，vt图象如图所示，则下列说法正确的是（）猫虿驢绘燈
