《浙江省2018_2019学年高二物理上学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江省2018_2019学年高二物理上学期期中试题（含解析）（20页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、浙江省余姚中学2018-2019学年高二物理上学期期中试题（含解析）一.单选题1.下列实验现象，属于电磁感应现象的是【答案】C【解析】试题分析：导线通电后，其下方的小磁针受到磁场的作用力而发生偏转，说明电流能产生磁场，是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象故A错误通电导线AB在磁场中受到安培力作用而运动，不是电磁感应现象故B错误金属杆切割磁感线时，电路中产生感应电流，是电磁感应现象故C正确通电线圈在磁场中受到安培力作用而发生转动，不是电磁感应现象故D错误考点：本题考查对电磁现象本质的分析与理解能力点评：电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时，产生感应电动势或感应电流的现象2.关于电磁感应，下列
2、说法正确的是A. 穿过线圈的磁通量为零时，感应电动势也一定为零B. 穿过线圈的磁通量不为零时，感应电动势也一定不为零C. 穿过线圈的磁通量变化得越快，感应电动势越大D. 穿过线圈的磁通量变化得越大，感应电动势越大【答案】C【解析】根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小除与线圈匝数有关外，还与磁通量变化快慢有关，与磁通量的大小及变化量大小均无关，穿过线圈的磁通量为零时，磁通量变化率却不一定为零，则感应电动势也不一定为零，A错误；穿过线圈的磁通量不为零时，但磁通量的变化率可能为零，则感应电动势可能为零，比如：线圈通过中性面位置，B错误；穿过线圈的磁通量变化得越快，感应电动势越大，故C正确D错
3、误3.如图所示，水平放置的绝缘桌面上有一个金属圆环，圆心的正上方有一用轻质弹簧悬挂的条形磁铁。现将磁铁托起到弹簧处于原长时放开，磁铁将沿竖直方向上下振动。若磁铁在振动过程中始终没有接触桌面，则有（）A. 磁铁上下振动时，金属圆环中将产生方向始终不变的感应电流B. 当磁铁运动到最低点时，圆环中产生的感应电流最大C. 在磁铁向下运动的过程中，圆环对桌面的压力大于圆环的重力D. 当磁铁静止不动后，磁铁减少的重力势能全部转化为圆环中产生的电能【答案】C【解析】A、当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，磁铁向上运动的过程中闭合导体环内的磁通量减小，根据楞次定律可知磁铁上下振动时，
4、金属圆环中将产生方向始终不断变化的感应电流，故A错误；B、当磁铁运动到最低点时，环内的磁通量不变，根据感应电流的条件可知，圆环中不产生的感应电流。故B错误；C、根据楞次定律可知：当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，因此线圈做出的反应是面积有收缩的趋势，同时将远离磁铁，故增大了和桌面的挤压程度，从而使导体环对桌面压力增大，故C正确；D、磁铁上下运动的过程中磁铁的重力势能、动能、弹簧的弹性势能都不断变化，同时圆环中产生的电能；所以磁铁静止不动后，磁铁减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能与圆环中产生的电能，故D错误；故选C。【点睛】解本题时应该掌握：楞次定律的理解、应用。在楞
5、次定律中线圈所做出的所有反应都是阻碍其磁通量的变化。4.如图所示，闭合金属圆环沿垂直于磁场方向放置在匀强磁场中，将它从匀强磁场中匀速拉出，以下各种说法中正确的是()A. 向左和向右拉出时，环中感应电流方向相反B. 向左和向右拉出时，环中感应电流方向都是沿顺时针方向C. 向左和向右拉出时，环中感应电流方向都是沿逆时针方向D. 将圆环拉出磁场的过程中，当环全部处在磁场中运动时，也有感应电流产生【答案】B【解析】【详解】不管沿什么将线圈拉出磁场，穿过线圈的磁通量都减小，根据楞次定律判断可知，线圈中感应电流的方向都是沿顺时针方向，AC错误B正确；当环全部处在磁场中运动时，线圈没有磁通量的变化，因此不会
6、产生感应电流，D错误5. A为水平放置的胶木圆盘，在其侧面均匀分布着负电荷，在A的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环B，使B的环面水平且与圆盘面平行，其轴线与胶木盘A的轴线OO重合，如图所示。现使胶木盘A由静止开始绕其轴线OO按箭头所示方向加速转动，则（ ）A. 金属环B的感应电流方向与箭头所示方向相同，丝线受到的拉力减小B. 金属环B的感应电流方向与箭头所示方向相同，丝线受到的拉力增大C. 金属环B的感应电流方向与箭头所示方向相反，丝线受到的拉力减小D. 金属环B的感应电流方向与箭头所示方向相反，丝线受到的拉力增大【答案】A【解析】试题分析：胶木盘A由静止开始绕其轴线OO按箭头所示方向加速转动
7、，形成环形电流，环形电流的大小增大，根据右手螺旋定则知，通过B线圈的磁通量向下，且增大，根据楞次定律可知，金属环B的感应电流方向与箭头所示方向相同；根据楞次定律的另一种表述，引起的机械效果阻碍磁通量的增大，知金属环的面积有缩小的趋势，且有向上的运动趋势，所以丝线的拉力减小故A正确，BCD错误故选A考点：楞次定律【名师点睛】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围磁场的方向，以及掌握楞次定律的另一种表述，即感应电流引起的机械效果阻碍磁通量的变化，具体的体现是“来拒去留”。6.如图直角坐标系xOy的一、三象限内有匀强磁场，方向均垂直于坐标平面向里，第一象限内的磁感应强度大小为2B，第三象限内的磁
8、感应强度大小为B。现将由两条半径半径为和四分之一圆弧组成的导线框OPM绕过O点且垂直坐标平面的轴在纸面内以角速度逆时针匀速转动，导线框回路总电阻为R。在线框匀速转动的过程中A. 线框中感应电流的方向总是顺时针方向 B. 圆弧段PM始终不受安培力C. 线框中感应电流最大值为 D. 线框产生的总热量为【答案】D【解析】【详解】线框进入磁场过程穿过线框的磁通量增加，线框离开磁场过程穿过线框的磁通量减少，由楞次定律可知，线框进入磁场过程感应电流沿逆时针方向，线框离开磁场过程感应电流沿顺时针方向，故A错误；圆弧段PM在磁场中时电流流过圆弧段，圆弧段受到安培力作用，故B错误；当线框进入或离开第一象限磁场时
9、感应电动势最大，为：Em=2Bl2=Bl2，最大感应电流：Im=，故C错误；线框进入或离开第三象限磁场时产生的感应电动势：E=Bl2，在线框匀速转动360的过程中线框产生的总热量：，故D正确；故选D。【点睛】应用楞次定律可以判断出感应电流方向，求出感应电动势、应用欧姆定律与电功公式即可解题，应用E=BL2求出感应电动势是解题的前提与关键。7.一个半径为r、质量为m、电阻为R的金属圆环，用一根长为L的绝缘细绳悬挂于O点，离O点下方处有一宽度为，垂直纸面向里的匀强磁场区域，如图所示现使圆环从与悬点O等高位置A处由静止释放（细绳张直，忽略空气阻力），摆动过程中金属环所在平面始终垂直磁场，则在达到稳定
10、摆动的整个过程中金属环产生的热量是（） A. mgLB. C. D. mg（L+2r）【答案】C【解析】试题分析：当圆环摆动时，由于不断地进出磁场切割磁感线产生感应电流，消耗机械能，高度逐渐降低；当环在磁场下方摆动，不再进入磁场时，摆动稳定，金属环中产的焦耳热等于环减少的机械能，由能量守恒定律得：，故C正确；故选C考点：机械能守恒定律【名师点睛】此题是电磁感应的能量转化问题；要知道环穿过磁场时机械能转化为热能，环减少的机械能就等于环中产生的焦耳热；此题中分析圆环的最终状态是一个难点；此题意在考查学生对物理问题的综合分析能力.8.一个刚性矩形铜制线圈从高处自由下落，进入一水平的匀强磁场区域，然后
11、穿出磁场区域继续下落，如右图所示，则() A. 若线圈进入磁场过程是匀速运动，则离开磁场过程一定是匀速运动B. 若线圈进入磁场过程是加速运动，则离开磁场过程一定是加速运动C. 若线圈进入磁场过程是减速运动，则离开磁场过程一定是减速运动D. 若线圈进入磁场过程是减速运动，则离开磁场过程一定是加速运动【答案】C【解析】线圈从高处自由下落，以一定的速度进入磁场，会受到重力和安培力，线圈全部进入磁场后只受重力，在磁场内部会做一段加速运动，所以线圈出磁场时的速度要大于进磁场的速度；A、若线圈进入磁场过程是匀速运动，说明重力等于安培力，离开磁场时安培力大与重力，就会做减速运动，故A错误；B、若线圈进入磁场
12、过程是加速运动，说明重力大于安培力，离开磁场时安培力变大，安培力与重力大小关系无法确定，故B错误；C、若线圈进入磁场过程是减速运动，说明重力小于安培力，离开磁场时安培力变大，安培力仍然大于重力，所以也是减速运动，故C正确，故D错误。点睛：线圈从高处自由下落，以一定的速度进入磁场，会受到重力和安培力，线圈全部进入磁场后只受重力，会做加速运动，线圈出磁场时的速度要大于进磁场的速度，根据受力关系确定运动情况。9.图中L是绕在铁芯上的线圈，它与电阻R、电键和电池E可构成闭合回路线圈上的箭头表示线圈中电流的正方向，当电流的流向与箭头所示的方向相同时，该电流为正，否则为负电键和都处在断开状态设在时刻，接通
13、电键，经过一段时间，在时刻，再接通电键，则能较正确地表示L中的电流I随时间t变化的图线是下面给出的四个图中的哪个图？A. B. C. D. 【答案】A【解析】分析：当开关接通和断开时，通过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，运用楞次定律来分析电流的变化情况解答：解：在t=0时刻，接通电键K1，通过线圈的电流从无到有增大，线圈中产生自感电动势，阻碍电流增大，使得线圈中电流只能逐渐增大，而方向不变，仍为正方向当电流稳定后，线圈中不产生自感电动势，电流一定在t=tl时刻，再接通电键K2，电源被短路，线圈中电流将要减小，由于自感电动势的阻碍，使得线圈中电流只能逐渐减小到零，根据楞次
14、定律，电流方向与原来方向相同，仍为正方向故选A点评：对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，不产生自感电动势，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源10.一个矩形线圈在匀强磁场中转动，产生交流电动势的瞬时值为，则下列说法中正确的是A. 当时，线圈平面与中性面垂直B. 当时，穿过线圈的磁通量等于零C. 该交流电能让标注为“300V，”的电容器正常工作D. 若转速n提高1倍，其他条件不变，则电动势的变化规律将变为【答案】B【解析】t=0时，电动势为零，线圈平面与磁感线垂直，线圈平面与中性面重合，故A错误；当时，电动势最大，线圈与中性垂直，磁能量等于零，故B正确；300V是电容器
15、允许的最高电压，而该交流电最大值是，所以此交流电不可以使“”的电容器正常工作，故C错误；感应电动势的瞬时值表达式为，当将其电枢的转速提高一倍时，由，可知和都增加一倍，则表达式为，故D错误；故选B.11.如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时()A. 线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流B. 线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势C. 线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是abcdD. 线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力【答案】A【解析】试题分析：根据E=BS可知，无论线圈绕轴P1和P2转动，则产生的感应电动势均相等，故感应电流相等，选项A正确，B错误；由楞次定律可知，线线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是adcba，选项C错误；由于线圈P1转动时线圈中的感应电流等于绕P2转动时线圈中得电流，故根据F=BLI可知，线圈绕P1转动时dc边受到的安培力等于绕P2转动时dc边受到的安培力，选项D正确；故选AD考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律【名师点
