《黑龙江省2018_2019学年高二物理上学期期末考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《黑龙江省2018_2019学年高二物理上学期期末考试试题（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、黑龙江省哈尔滨市第六中学2018-2019学年高二上学期期末考试物理试题一、选择题1.如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P处于某一位置时，小灯泡L 能发光。将滑片P 从该位置向b端滑动，则（ ）A. 小灯泡L变亮，电流表的示数变小B. 小灯泡L变亮，电流表的示数增大C. 小灯泡L变暗，电流表的示数变小D. 小灯泡L变暗，电流表的示数增大【答案】A【解析】【分析】根据滑片P的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，从而知道电流表的示数如何变化。根据路端电压的变化分析小灯泡亮度的变化。【详解】将滑片P从该
2、位置向b端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流I变小，则电流表示数变小。总电流变小，电源的内电压变小，则路端电压变大，小灯泡的电压变大，则小灯泡L变亮，故A正确，BCD错误。故选：A。【点睛】本题是一道闭合电路的动态分析题，要分析清楚电路结构，熟练应用欧姆定律即可分析。2.如图，带箭头的实线表示某静电场的电场线，虚线表示其等势面。已知a、b、c三点的电场强度大小分别为Ea、Eb、Ec，电势分别为a、b、c。则（ ）A. EaEb，bcB. EaEb，abC. EaEb，abD. EaEc，bc【答案】B【解析】【详解】由图示可知，a处的电场线
3、密，b处的电场线稀疏，因此a点的电场强度大，b点的场强小，即EaEb；沿着电场线的方向，电势逐渐降低，则a点的电势高于c点的电势，即ac，b、c两点在同一等势面上，电势相等，b=c，则ab，故B正确，ACD错误。3.如图所示，在竖直放置间距为的平行板电容器中，存在电场强度为E的匀强电场。有一质量为，电荷量为的点电荷从两极板正中间处静止释放，重力加速度为。则点电荷运动到负极板的过程A. 加速度大小为B. 所需的时间为C. 下降的高度为 D. 电场力所做的功为 【答案】B【解析】【详解】点电荷在电场中的受力如图所示，点电荷所受的合外力为 由牛顿第二定律得 故A错；点电荷在水平方向的加速度为 ，由运
4、动学公式d/2=a1t2/2,所以 ，故B正确，点电荷在竖直方向上做自由落体运动，所以下降的高度 ，故C错误；由功公式W=Eqd/2,故D错误。综上所述本题答案是：B【点睛】由于电荷水平方向和竖直方向都受到力的作用，根据水平方向上的运动求出运动时间，再结合竖直方向上自由落体运动求出下落的高度。4.如图所示，两平行直导线和竖直放置，通以方向相反大小相等的电流，a、b两点位于两导线所在的平面内。则A. b点的磁感应强度为零B. 导线在a点产生的磁场方向垂直纸面向里C. 导线受到的安培力方向向右D. 同时改变了导线的电流方向，导线受到的安培力方向不变【答案】D【解析】【详解】由右手螺旋定则可知.cd
5、导线和ef导线在b处产生的磁场方向都垂直纸面向外.所以由矢量合成知b处的磁感应强度垂直纸面向外.故A错误:由右手螺旋定则知ef导线在左侧产生的磁感应强度垂直纸面向外，故B错误:由左手定则知.cd导线受到的安培力方向向左.故C错误:由题意可知，cd导线所处的位置磁场方向发生改变，但同时自身电流方向也发生改变，由左手定则知cd导线所受安培力方向不变.故D正确综上所述本题答案是：D5.如图所示，a、b是用同种规格的铜丝做成的两个同心圆环，两环半径之比为23，其中仅在a环所围区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场。当该匀强磁场的磁感应强度均匀增大时，a、b两环内的感应电动势大小和感应电流大小之比分别为（ ）
6、A. 11，23B. 11，32C. 49，23D. 49，94【答案】B【解析】【分析】由法拉第电磁感应定律E=n，求解感应电动势之比根据电阻定律：电阻r=，感应电流I=，联立求解感应电流之比。【详解】由法拉第电磁感应定律得：E=n，因为，相同，则得到Ea：Eb=1：1根据电阻定律：线圈的电阻为r=，则、有效面积s、n相同，两线圈电阻之比ra：rb=Ra：Rb=2：3。线圈中感应电流，由上综合得到：IA：IB=3：2；故B正确，ACD错误；故选：B。【点睛】本题是法拉第电磁感应定律和电阻定律的综合应用求解感应电流之比，采用比例法研究，注意此处的磁场的变化所对应的面积相同。6.如图所示，可视为
7、质点的带正电小球，质量为m，用长为L的绝缘轻杆分别悬挂在（甲）重力场、（乙）悬点O处有正点电荷的静电场、（丙）垂直纸面向里的匀强磁场中，且偏角均为（10）。当小球均能由静止开始摆动到最低点A时，下列说法正确的是（ ）A. 三种情形下，达到A点时所用的时间相同B. 三种情形下，达到A点时轻杆的拉力相同C. 三种情形下，达到A点时的向心力不同D. 三种情形下，达到A点时的动能不同【答案】A【解析】【分析】分别对三种情况受力分析，根据受力情况确定各力做功情况，根据动能定理即可明确到达A点的速度关系，再根据向心力公式明确向心力及绳子上的拉力，根据运动情况即可确定时间关系。【详解】三种情况下均只有重力做
8、功，因此由动能定理可知，它们到达最底点时的速度相同，因此达到A点时的动能相同； 根据向心力公式可知，它们在A点需要的向心力相同；但由于乙受到库仑力，而丙受到洛伦兹力，因此三种情况下绳子上的拉力不相同；由于运动任意对应的时刻的速度均相同，因此达到A点的时间一定相同。故只有A正确，BCD错误。故选：A。【点睛】本题考查带电粒子在电场、磁场中的运动及受力情况，要注意明确洛伦兹力永不做功，同时注意电场力做功的性质。7.如图所示，等腰直角三角形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，左边有一形状完全相同的等腰直角三角形导线框，线框从图示位置开始水平向右匀速穿过磁场区域。规定线框中感应电流沿逆时针方向为正方向，
9、线框刚进入磁场区域时感应电流大小为i0，直角边长为L。其感应电流i随位移x变化的图象正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】线框进入磁场的位移为0L的过程中，三角形切割磁感线的有效长度先减小，当右边和斜边切割长度相等时感应电流为零，接着又反向增大，根据右手定则可知感应电流方向先是逆时针，后是顺时针；以后在L-2L过程中有效切割长度逐渐减小到零，则感应电流逐渐减小到零，所以C正确，ABD错误故选C8.如图所示，边长为 l，质量为 m的等边三角形导线框用绝缘细线悬挂于天花板，导线框中通以逆时针方向的电流。图中虚线过ab边中点和ac边中点，在虚线的下方为垂直于导线框向里的匀强磁场，其
10、磁感应强度大小为B。此时导线框处于静止状态，细线中的拉力为F1；保持其它条件不变，现将虚线下方的磁场移至虚线上方，此时细线中拉力为F2。则导线框中的电流大小为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】当在虚线的下方有一垂直于导线框向里的匀强磁场，此时导线框处于静止状态，细线中的拉力为F1；结合矢量的合成法则及三角知识，则线框受到安培力的合力，方向竖直向上，大小为，根据平衡条件，则有：F1+F安=mg；现将虚线下方的磁静场移至虚线上方，此时细线中拉力为F2则两边受到的安培力大小相等，安培力夹角均为120，因此安培力合力，则有；联立得：，即.故选A.【点睛】本题中要注意安培力的等效求法，同时
11、掌握左手定则的内容，及矢量的合成法则，注意求解安培力合力是解题的关键9.某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机的输出电压为200V，输电线总电阻为r，升压变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原、副线圈匝数分别为n3、n4（变压器均为理想变压器）。要使额定电压为220 V的用电器正常工作，则（ ）A. B. C. 升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压D. 升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率【答案】AC【解析】【分析】通过理想升压变压器将电送到用户附近，然后用理想降压变压器向远处用户供电家中提升电压的目的是降低线路的功率损失，从而提高用户得到的功率。【详解】A、
12、B项：由变压器的电压比匝数之比，又因为线路电压损失，即U2U3，所以故A正确，B错误；C、D项：由于远距离输电，输电线电阻不能忽略，导致输电线路上电压损失，使功率损失，所以升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压；升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率。故C正确，D错误。故选：AC。【点睛】理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损。10.如图所示， 两个速度大小不同的同种带电粒子1、2，沿水平方向从同一点垂直射入匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里。当它们从磁场下边界飞出时相对入射方向的偏转角分别为
13、90、60，则它们在磁场中运动的（ ）A. 轨迹半径之比为12B. 速度之比为21C. 时间之比为32D. 周期之比为21【答案】AC【解析】【分析】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何关系可确定粒子的半径，根据半径公式可确定初速度；根据粒子的运动的轨迹和粒子做圆周运动的周期公式可以判断粒子的运动的时间。【详解】A项：设粒子的入射点到磁场下边界的磁场宽度为d，画出粒子轨迹过程图，如图所示，由几何关系可知：第一个粒子的圆心为O1，由几何关系可知：R1=d；第二个粒子的圆心为O2；由几何关系可知：R2sin30+d=R2 ，解得：R2=2d；故各粒子在磁场中运动的轨道半径之比为：R1：R2=1：
14、2，故A正确；B项：由可知v与R成正比，故速度之比也为：1：2，故B错误；C、D项：粒子在磁场中运动的周期的公式为由此可知，粒子的运动的周期与粒子的速度的大小无关，所以粒子在磁场中的周期相同；由粒子的运动的轨迹可知，三种速度的粒子的偏转角分别为90、60，所以偏转角为90的粒子的运动的时间为，偏转角为60的粒子的运动的时间为，所以有，故C正确，D错误。故应选：AC。【点睛】本题考查带电粒子在磁场中的运动，要注意根据几何关系确定粒子的半径，再由洛仑兹力充当向心力来确定半径与初速度的关系，利用周期公式结合粒子转过的圆心角求解粒子在磁场中运动的时间。11.如图所示为小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直
15、于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向以角速度匀速转动。线圈的匝数为n、电阻为r，外接电阻为R，A为交流电流表。线圈从图示位置（线圈平面平行于磁场方向）开始转过60时的感应电流为I。下列说法中正确的有A. 电流表的读数为2IB. 转动过程中穿过线圈磁通量的最大值为C. 线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为D. 从图示位置开始转过90的过程中，通过电阻R的电荷量为【答案】BCD【解析】【分析】根据感应电流瞬时值表达式求出最大值，再求解有效值，即可得到电流表的读数；磁通量的最大值 m=BS由闭合电路欧姆定律求出感应电动势的最大值Em，由公式Em=nBS求解m通过电阻R的电荷量根据公式q=求解；热量根据焦耳定律求解。【详解】A项：由题有：I=Imcos，则得感应电流的最大值 Im=2I，有效值 I有=，则电流表的读数为，故A错误；B项：感应电动势的最大值Em=Im（R+r）=2I（R+r），又Em=nB
