《黑龙江省伊春市第二中学2018_2019学年高二物理下学期试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《黑龙江省伊春市第二中学2018_2019学年高二物理下学期试题（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、黑龙江省伊春市第二中学2018-2019学年第二学期高二物理试题一、选择题（每小题3分，共17小题，共51分，选不全得2分，其中13-17题为多选）1.如图所示，三个电阻R1、R2、R3的阻值相同，允许消耗的最大功率分别为10W、10W、4W，则此电路允许消耗的最大功率为（）A. 12WB. 15WC. 16WD. 24W【答案】B【解析】【详解】由题意知R1=R2=R3=R，P1=10W，P2=10W，P3=4W，因为R2与R3并联，则两端电压相等，所以由公式知道R2与R3所消耗的功率一样，所以R2、R3在电路中允许最大功率只能是4W，否则会超过R2的允许功率；把R2与R3看成一个并联电阻R
2、，则电路就是R1与R串联，而串联电路所流过的电流一样，由知道，R1与R所消耗功率之比等于，所以R1上消耗的功率是并联电阻R上的两倍，如果R2、R3的功率都为4W，则R的功率就是4W+4W=8W，则R1的功率是28W=16W，这样就大于10W，显然不可以；所以只能是R1功率为10W，则R是R1的功率一半就是5W，而R2与R3的消耗功率一样,所以R2与R3的消耗功率均是R的一半，为2.5W，最后计算R1功率为10W，则R2为2.5W，R3为2.5W，所以总功率最大为10W+2.5W+2.5W=15W，故B正确，A、C、D错误；故选B。2. 如图所示，长方体玻璃水槽中盛有NaCl的水溶液，在水槽左、
3、右侧壁内侧各装一导体片，使溶液中通入沿x轴正向的电流I，沿y轴正向加恒定的匀强磁场B。图中a、b是垂直于z轴方向上水槽的前后两内侧面，则( )A. a处电势高于b处电势B. a处离子浓度大于b处离子浓度C. 溶液的上表面电势高于下表面的电势D. 溶液的上表面处的离子浓度大于下表面处的离子浓度【答案】B【解析】AB、溶液中的正负离子沿x轴正向移动，由左手定则可知运动的正离子受到沿z轴正向的洛伦兹力，动的负离子受到沿z轴负向的洛伦兹力，故正离子都会偏向a处，负离子都会偏向b处，a处电势高于b处电势， a处钠离子浓度大于b处钠离子浓度，故A错误，B正确；CD、正离子都会偏向a处，负离子都会偏向b处，
4、并没有上下之分,所以溶液的上表面电势等于下表面的电势，溶液的上表面处的离子浓度也等于下表面处的离子浓度,故CD错误；故选B。【点睛】对于电解液,溶液中既有正离子,也有负离子,两种离子都运动,这是与导体导电不同的地方,在分析离子的受力的时候要注意离子的带正电还是负电。3. 如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60角，abbccdL，长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为()A. 0B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：根据左手定则判断出各段受到的安培力的
5、方向，如图电路abcd上的电阻为3r，由几何关系得，ad段的长度为2L，所以ad上的电阻为2r，并联部分的总电阻为：，电路中的总电流，路端电压，abcd上的电流，abcd上各段的安培力，ad上的安培力，各段受到的力中，和在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，所以线框受到的合外力，C正确；考点：考查了安培力的计算【名师点睛】该题中，各段时的电流的大小不相等，要使用闭合电路的欧姆定律分别计算出各段的电流的大小，然后计算安培力是解题的正确思路题目的难度中档4.如图所示为一列简谐波在某一时刻的波形，图中已标出D质点此时的运动方向，下列说法正确的是（ ）A. 波向右传播B. 质点E此时运动方向与
6、D相同C. 此时A点的运动方向向下D. 质点C比质点B先回到平衡位置【答案】D【解析】A、由图中质点D的运动方向沿y轴负方向，则波向左传播，故A错误；B、根据波形的平移法可知：质点D、F与E此时的速度方向相反，故B错误；C、根据波形的平移法可知A点向上运动，故C错误；D、图示时间质点B沿y轴正方向运动，它回到平衡位置的最短时间大于，而质点C经过回到平衡位置，则质点C比B先回到平衡位置，故D正确。点睛：根据质点D的运动方向，可判断出波的传播方向，根据质点C和质点B的位置和速度方向分析它们回到平衡位置的先后，在相邻的两个波峰与波谷间的各个质点的振动方向相同。5.水平方向振动的弹簧振子做简谐运动的周
7、期为T，则( )A. 若在时间t内，弹力对振子做的功为零，则t一定是T/2的整数倍B. 若在时间t内，弹力对振子做的功为零，则t可能小于T/2C. 若在时间t内，弹簧振子的速度变化量为零，则t一定是T的整数倍D. 若在时间t内，弹簧振子的速度变化量为零，则t可能小于T/4【答案】BD【解析】【分析】弹力对振子做功为零，根据动能定理可知初速度与末速度大小相等；弹力对振子的冲量为零，根据动量定理可知初速度与末速度相同；结合简谐运动的周期性和运动过程进行分析即可。【详解】A、水平方向振动的弹簧振子，弹力对振子做功为零，根据动能定理可知初速度与末速度大小相等，振子可能经过同一位置，也可能经过关于平衡位
8、置对称的位置，t不一定是的整数倍，可能小于，故A错误，B正确；C、若在时间t内，弹力对振子冲量为零，根据动量定理可知在t时间内初速度与末速度相同，t可能是T的整数倍，也可能振子经过关于平衡位置对称的位置，则t可能小于，故C错误，D正确。故选：BD6.如图所示，两个小球A、B在光滑水平地面上相向运动，它们的质量分别为mA=4kg，mB=2kg，速度分别是vA=3m/s（设为正方向），vB=-3m/s则它们发生正碰后，速度的可能值分别为（ ）A. vA=1 m/s，vB=1 m/sB. vA=4 m/s，vB=-5 m/sC. vA=2 m/s，vB=-1 m/sD. vA=-1 m/s，vB=-
9、5 m/s【答案】A【解析】试题分析：两球碰撞过程系统动量守恒，碰撞过程中系统机械能不可能增加，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时，碰撞后A球速度不大于B球的速度碰前系统总动量为，碰前总动能为；若，则系统动量守恒，动能3J，碰撞后A球速度不大于B球的速度，符合，故A可能；若，则系统动量守恒，动能大于碰撞前，不符合题意，故B不可能；若，则系统动量守恒，但不符合碰撞后A球速度不大于B球的速度，故C不可能；若，则系统动量不守恒，D不可能。考点：考查了动量守恒定律的应用7.如图所示为某一质点在04s时间内的振动图象，下列叙述中正确地是（ ）A. 该质点2.5s时向正方向振动B.
10、该质点2.5s时加速度方向为负方向C. 该质点2s时加速度最大，且方向为负方向D. 该质点5s时加速度最大，且方向为负方向【答案】D【解析】A、根据图像质点在时刻正向负的最大位移处运动，故选项A错误；B、根据回复力和牛顿第二定律：可知，该时刻该质点的位移为负值，故此时加速度方向为正方向，故选项B错误；C、根据回复力和牛顿第二定律：可知，质点在时刻位移为零，故该时刻加速度为零，故选项C错误；D、根据回复力和牛顿第二定律：可知，质点时刻质点处于正的最大位移处，故该时刻加速度为负方向最大值，故选项D正确。8.如图所示，平行板电容器两极板水平放置，现将其与二极管串联接在电动势为E的直流电源上，电容器下
11、极板接地，静电计所带电量可忽略，二极管具有单向导电性。闭合开关S，一带电油滴恰好静止于两板间的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则下列说法正确的是A. 平行板电容器的电容将变大B. 静电计指针张角变小C. 带电油滴的电势能将减少D. 油滴仍将保持静止【答案】CD【解析】根据 知，d增大，则电容减小故A错误静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器电容减小，则电容器要放电，但是由于二极管的单向导电性，导致电容器电量不变，故根据Q=CU可知，U变大，所以静电计指针张角变大故B错误因电容器电量不变，则当d增大时，根据,电场强度不变，P点与下极板的电势差变大，则P点的电势增大，因
12、为该电荷为负电荷，则电势能减小故C正确因电场强度不变，则油滴所受电场力不变油滴仍将保持静止，故D正确故选CD点睛：本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，二极管的存在导致电容器不能放电，则电量不变；当电容量电量不变时，两板间的场强与两板间距无关.9.如图甲所示，某均匀介质中各质点的平衡位置在同一条直线上，相邻两点间距离为质点1开始振动时速度方向竖直向上，振动由此开始向右传播经过时间t，前13个质点第一次形成如图乙所示的波形关于该波的周期与波长说法正确的为A. 、9dB. 、8dC. 、9dD. 、8d【答案】D【解析】【详解】根据振动的周期性和波的传播特点可知，质点13此时的振动方向向下，
13、而波源的起振方向向上，所以从质点13算起，需要再经T/2振动的方向才能向上，即与波源的起振方向相同，设周期为T，则t=3T/2+T/2=2T，即T=t/2；相邻波峰（或波谷）间的距离等于波长，由题意知波长为8d，故D正确。故选D。10.如图所示，光滑的水平桌面上放着两个完全相同的金属环a和b，当一条形磁铁的S极竖直向下迅速靠近两环中间时，则() A. a、b互相远离B. a、b互相靠近C. a、b均静止不动D. a、b均向上跳起【答案】A【解析】【详解】根据楞次定律可知：当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，因此两线圈产生顺时针感应电流，由于两线圈电流方向相反，所以a，
14、b两环互相排斥而相互远离，因此选项A正确，BCD错误。故选A。11.一直升机停在南半球的地磁北极上空。该处地磁场的方向竖直向上,磁感应强度为B。直升机螺旋桨叶片的长度为L,螺旋桨转动的频率为f,顺着地磁场的方向看螺旋桨,螺旋桨顺时针方向转动。螺旋桨叶片的近轴端为a,远轴端为b。如果忽略a到转轴中心线的距离,用E表示每个叶片中的感应电动势,如图所示,则() A. E=2fL2B,且a点电势低于b点电势B. E=fL2B,且a点电势低于b点电势C. E=fL2B,且a点电势高于b点电势D. E=2fL2B,且a点电势高于b点电势【答案】A【解析】【详解】每个叶片都切割磁感线运动，根据右手定则知，感
15、应电动势方向由a到b，则a点电势低于b点电势；b端的线速度大小为：v=L=2Lf，所以每个叶片中的感应电动势为：，故B正确，ACD错误；故选B。12.如图所示，质量为m的金属环用线悬挂起来金属环有一半处于水平且与环面垂直的匀强磁场中从某时刻开始，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于线拉力的大小的下列说法正确的是() A. 大于环的重力mg，并保持恒定B. 大于环的重力mg，并逐渐减小C. 小于环的重力mg，并保持恒定D. 始终等于环的重力mg【答案】B【解析】【详解】磁感应强度均匀减小，穿过回路的磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变。由楞次定律可知，感应电流方向：顺时针，再由左手定则可得，安培力的合力方向竖直向下。则半圆环所受的安培力F=2BIR，可知安培力F随着磁感应强度B的均匀减小而均匀减小；因拉力T=G+F，则拉力开始时大于重力mg，并且逐渐减小；故B正确，ACD错误。故选B。13.如图所示，用恒力F将闭
