《2018学年四川省高三（下）学期第二次月考数学（文）试题（解析版）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018学年四川省高三（下）学期第二次月考数学（文）试题（解析版）.doc（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2018届四川省棠湖中学高三下学期第二次月考数学（文）试题一、单选题1复数的虚部为（ ）A. -4 B. C. D. 3【答案】A【解析】 由题意，复数，所以复数的虚部为，故选A.2已知集合， ，则中元素的个数为（ ）A. 3 B. 2 C. 1 D. 0【答案】B【解析】集合的元素表示的是椭圆上的点，集合的元素表示的是抛物线上的点，由数形结合可知，两图象有两个交点，则中的元素个数为2，故选B3若满足约束条件，则目标函数的最小值为（ ）A. 2 B. 1 C. -2 D. -1【答案】B【解析】可行域如图，则直线过点A（1，0）时取最小值1，选B.4“搜索指数”是网民通过搜索引擎，以每天搜索关
2、键词的次数为基础所得到的统计指标.“搜索指数”越大，表示网民对该关键词的搜索次数越多，对该关键词相关的信息关注度也越高.下图是2017年9月到2018年2月这半年中，某个关键词的搜索指数变化的走势图.根据该走势图，下列结论正确的是（ ）A. 这半年中，网民对该关键词相关的信息关注度呈周期性变化B. 这半年中，网民对该关键词相关的信息关注度不断减弱C. 从网民对该关键词的搜索指数来看，去年10月份的方差小于11月份的方差D. 从网民对该关键词的搜索指数来看，去年12月份的平均值大于今年1月份的平均值【答案】D【解析】选项A错，并无周期变化，选项B错，并不是不断减弱，中间有增强。C选项错，10月的
3、波动大小11月分，所以方差要大。D选项对，由图可知，12月起到1月份有下降的趋势，所以会比1月份。选D.5一个简单几何体的三视图如图所示，其中正视图是等腰直角三角形，侧视图是边长为2的等边三角形，则该几何体的体积等于（ ）A. B. C. D. 2【答案】D【解析】由三视图可知，该几何体是一个四棱锥，由侧视图为边长为的正三角形，结合三视图的性质可知四棱锥底面是边长为和的矩形，四棱锥的高为，故四棱锥体积为，故选D.【方法点睛】本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力，属于难题.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型，也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解
4、题的关键，不但要注意三视图的三要素“高平齐，长对正，宽相等”，还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响，对简单组合体三视图问题，先看俯视图确定底面的形状，根据正视图和侧视图，确定组合体的形状.6我国古代数学名著增删算法统宗中有如下问题：“有个金球里面空，球高尺二厚三分，一寸自方十六两，试问金球几许金？”意思是：有一个空心金球，它的直径12寸，球壁厚0.3寸，1立方寸金重1斤，试问金球重是多少斤？（注）（ ）A. 125.77 B. 864 C. 123.23 D. 369.69【答案】C【解析】由题意知，大球半径，空心金球的半径，则其体积（立方寸）因1立方寸金重1斤，则
5、金球重斤，故选C7执行下面的程序框图，如果输入， ，则输出的（ ）A. 7 B. 20 C. 22 D. 54【答案】B【解析】初始值a=1,b=1,s=0,k=0s=2,a=2,b=3,k=2,s=7,a=5,b=8,k=4s=20,a=13,b=21,k=6输出s=20,选B.8在中，“” 是“”的A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分又不必要条件【答案】C【解析】由题意等价于,根据正弦定理可得,即,则中，“” 是“”的充要条件,故选C.9若，则=（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】 由，解得， 又， 故选B.10椭圆： 的左、右顶点分别为、
6、，点在上，且直线的斜率的取值范围是，那么直线斜率的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】 由椭圆，可知其左右顶点为, 设，则，可得， 因为，所以， 因为，所以，解得，故选A.11已知是函数的零点，是函数的零点，且满足，则实数的最小值是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】因为，所以函数在上单调递减，在单调递增，故，故为方程的根，故，故解得 ，所以在上有解，即在上有解，令，可求得，所以，解得，故选A.点睛：解题的关键是得到后，得到，然后将问题转化成方程在上有解的问题处理.在解题的过程中分离参数的方法，转化为求函数在闭区间的最值问题处理，求最值时可用导数或基本不等式处
7、理，具体求解中要注意合理的变形.12已知当时，函数的图象与的图象有且只有一个交点，则正实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】 根据题意，由于为正数， 为二次函数，在区间为减函数，在为增函数，且函数为增函数，（1）当时，有，在区间上， 为减函数，且其值域为，函数为增函数，其值域为，此时两个函数的图象有1个交点，符合题意；（2）当时，有， 函数为二次函数，在区间为减函数，在为增函数， 函数函数为增函数，其值域为，若两个函数的图象有1个交点，则有，解得， 综上可得实数的取值范围是，故选A. 点睛：本题主要考查了函数基本性质的综合应用，其中解答中涉及到二次函数的图象与性质，幂
8、函数的单调性与值域等知识点的综合运用，同时把两个函数的图象有一个交点，转化为函数值域之间的关系是解答的关键，着重考查了学生分析问题和解答问题的能力. 二、填空题13已知向量， 满足，|， ，则|_【答案】 【解析】 由向量满足， 所以，所以，解得.14已知偶函数在上单调递减，且，若，则的取值范围是_【答案】【解析】 根据题意为偶函数，则， 又由在上单调递减，且， 则，即，所以，解得或，即的取值范围是.15设抛物线的焦点为是抛物线上一点， 的延长线与轴相交于点，若，则_【答案】10【解析】抛物线的焦点为又 则为的三等分点，故横坐标为，代入求得则故点睛：本题考查了直线与抛物线之间的位置关系，结合向
9、量的综合运用题目，依据条件中，运用线性关系可得三点的位置关系，代入坐标计算，从而可以求出各点坐标，继而解得结果16设函数与有公共点，且在公共点处的切线方程相同，则实数的最大值为_.【答案】【解析】由题意得，设与在公共点处的切线相同，由题意得，即，由可得或（舍去），设，则，当时， 单调递增，当时， 单调递减，实数的最大值为答案： 点睛：本题以导数的几何意义为载体，考查函数最值的求法具体来讲就是根据两函数在交点处的切线相同得到关于切点坐标的方程组，根据得到的相等关系将问题转化为求函数的最大值的问题处理，最后根据导数求解即可17选修4-5：不等式选讲已知定义在上的函数的最小值为（）求的值；（）若，
10、， 为正实数，且，求证： 【答案】(1) (2)见解析【解析】试题分析：（1）利用绝对值不等式的几何意义可得，从而得的值；（2）利用柯西不等式，即可证明.试题解析：（1）因为，当且仅当时，等号成立，所以的最小值等于，即.（2）证明：由(1) 知，又因为是正实数，所以，即.【考点】绝对值的几何意义；不等式的证明.三、解答题18已知数列的前项和为，向量， 满足条件（）求数列的通项公式；（）设，求数列的前项和.【答案】(1) (2) 【解析】试题分析：（1）由可得，然后根据与的关系可得（2）由（1）可得，根据数列项的特征选择用错位相减法求和试题解析：（1）,， ，, 当时， ，当时， 满足上式，.（
11、2）由（1）可得，得， 点睛：（1）数列的通项an与前n项和Sn的关系是，当n1时，a1若适合，则n1的情况可并入n2时的通项an；当n1时，a1若不适合，则用分段函数的形式表示（2）错位相减是数列求和的一种重要方法，但值得注意的是，这种方法运算过程复杂，运算量大，应加强对解题过程的训练，重视运算能力的培养19某大学生在开学季准备销售一种文具盒进行试创业，在一个开学季内，每售出1盒该产品获利润30元，未售出的产品，每盒亏损10元.根据历史资料，得到开学季市场需求量的频率分布直方图，如图所示.该同学为这个开学季购进了160盒该产品，以（单位:盒， ）表示这个开学季内的市场需求量， （单位:元）表
12、示这个开学季内经销该产品的利润.（1）根据直方图估计这个开学季内市场需求量的平均数；（2）将表示为的函数；（3）根据直方图估计利润不少于4000元的概率.【答案】(1)153；(2) ；(3)0.7.【解析】试题分析：（1）根据分布图先算出各频率，然后再计算求出平均数（2）分类讨论当时及当时两种情况，分别写出解析式(3)代入求解结果即可解析：（1）需求量为的频率，需求量为的频率，需求量为的频率，需求量为的频率，需求量为的频率.则平均数.（2）因为每售出1盒该产品获利润30元，未售出的产品，每盒亏损10元，所以当时， ，当时， ，所以（3）因为利润不少于4000元，解得，解得.所以由（1）知利润
13、不少于4000元的概率.2020如图，在四棱锥中平面，底面是菱形，为与的交点，为棱上一点，求（）证明：平面平面；（）若平面，求三棱锥的体积.【答案】()证明见解析；().【解析】试题分析：（I）由菱形的性质可得，由平面，可得由线面垂直的判定定理能证明平面，从而可得平面平面；（2）取中点，连结，先证明平面由.试题解析：（）证明：平面，平面，.四边形是菱形，又，平面.而平面，平面平面.（）解：平面，平面平面，是中点，是中点.取中点，连结，四边形是菱形，又，平面，.21设椭圆的离心率，左焦点为，右顶点为，过点的直线交椭圆于两点，若直线垂直于轴时，有.（1）求椭圆的方程；（2）设直线： 上两点， 关于
14、轴对称，直线与椭圆相交于点（异于点），直线与轴相交于点.若的面积为，求直线的方程.【答案】（1）；（2）或.【解析】试题分析：（1）由离心率可得的关系，再由，结合隐含条件，求得的值，即可得到椭圆的方程；（2）设直线的方程为，与直线的方程联立，可得点的坐标，进一步得到的坐标，联立直线与椭圆的方程，求得的坐标，则所在的直线方程可求，取，求得的坐标，得到，结合的面积为，即可求解实数的值，得到直线方程.试题解析：（1）设，因为所以有，又由得，且，得，因此椭圆的方程为： . （2）设直线的方程为，与直线的方程联立，可得点，故.将与联立，消去，整理， 解得，或.由点异于点，可得点.由，可得直线的方程为，令，解得，故. 所以.又因为的面积为，故，整理得，解得，所以.所以，直线的方程为或.点睛：本题主要考查椭圆的方程与几何性质性质、直线与圆锥曲线的位置关系及直线方程的求解,解答此类题目，通常利用的关系，确定椭圆（圆锥曲线）方
